2020-2021学年新教材高考数学 第五章 一元函数的导数及其应用 章末复习课练习（含解析）（选修2）.docx

1、章末复习课一、导数几何意义的应用1导数的几何意义，作为数形结合的桥梁，成为最近几年高考的高频考点，主要考查切线方程及切点，与切线平行垂直问题，常结合函数的切线问题转化为点到直线的距离，平行线间的距离问题，进而研究距离最值，难度中低档2通过求切线方程的有关问题，培养数学运算，数学抽象等核心素养例1设函数f(x)x3ax29x1(a0)，直线l是曲线yf(x)的一条切线，当l的斜率最小时，直线l与直线10xy6平行(1)求a的值；(2)求f(x)在x3处的切线方程解(1)f(x)x22ax9(xa)2a29，f(x)mina29，由题意知a2910，a1或a1(舍去)故a1.(2)由(1)得a1，

2、f(x)x22x9，则kf(3)6，f(3)10.f(x)在x3处的切线方程为y106(x3)，即6xy280.反思感悟利用导数求切线方程时关键是找到切点，若切点未知需设出常见的类型有两种：一类是求“在某点处的切线方程”，则此点一定为切点，易求斜率进而写出直线方程即可得；另一类是求“过某点(x0，y0)的切线方程”，这种类型中的点不一定是切点，若不是切点可先设切点为Q(x1，y1)，由f(x1)和y1f(x1)，求出x1，y1的值，转化为第一种类型跟踪训练1已知直线ykxb与曲线yx3ax1相切于点(2,3)，则b_.答案15解析设f(x)x3ax1，由题意知f(2)3，则a3.f(x)x33

3、x1，f(x)3x23，f(2)32239k，又点(2,3)在直线y9xb上，b39215.二、函数的单调性、极值、最值问题1利用导数研究函数的性质，以含指数函数、对数函数、三次有理函数为载体，研究函数的单调性、极值、最值，并能解决有关的问题. 是最近几年高考的重点内容，难度中高档2通过求函数的单调性、极值、最值问题，培养逻辑推理、直观想象及数学运算等核心素养例2已知函数f(x)ln x(mR)(1)当m2时，求函数f(x)的单调区间和极值；(2)若函数f(x)在区间1，e上取得最小值4，求m的值解(1)当m2时，f(x)ln x(x0)，则f(x)，当x(0,2)时，f(x)0，f(x)单调

4、递增，所以f(x)的单调递增区间为(2，)，单调递减区间为(0,2)，极小值为f(2)ln 21，无极大值(2)f(x)，当m1时，f(x)0，x1，e，f(x)在1，e上单调递增，f(x)minf(1)m4，解得m4，不满足m1，故舍去当em1时，x(1，m)时，f(x)0，f(x)单调递增，f(x)minf(m)ln(m)14，解得me3，不满足em1，故舍去当me时，f(x)0，x1，e，f(x)在1，e上单调递减，f(x)minf(e)14，解得m3e，满足me.综上m3e.反思感悟(1)极值和最值是两个迥然不同的概念，前者是函数的“局部”性质，而后者是函数的“整体”性质另外，函数有极

5、值未必有最值，反之亦然(2)判断函数“极值”是否存在时，务必把握以下原则：确定函数f(x)的定义域；解方程f(x)0的根；检验f(x)0的根的两侧f(x)的符号：若左正右负，则f(x)在此根处取得极大值；若左负右正，则f(x)在此根处取得极小值跟踪训练2设函数f(x)x3x2mx.(1)若f(x)在(0，)上存在单调递减区间，求m的取值范围；(2)若x1是函数的极值点，求函数f(x)在0,5上的最小值解(1)f(x)x22xm，由题意可知，f(x)x22xmx22x，则m1，即m的取值范围为(1，)(2)因为f(1)12m0，所以m3.所以f(x)x22x3，令f(x)0，解得x1或x3.所以

6、当x(0,3)时，f(x)0，函数f(x)单调递增所以函数f(x)在0,5上的最小值为f(3)9999.三、导数在实际问题中的应用1以函数为背景的实际问题给高考数学提供了广阔的空间导数是研究函数性质以及解决实际问题中的最大、最小值的强有力的工具， 多以选择题和填空题的形式出现，难度中低档2通过利用导数解决实际问题，培养数学建模，提升逻辑推理及数学运算等核心素养例3某村庄拟修建一个无盖的圆柱形蓄水池(不计厚度)设该蓄水池的底面半径为r米，高为h米，体积为V立方米假设建造成本仅与表面积有关，侧面的建造成本为100元/平方米，底面的建造成本为160元/平方米，该蓄水池的总建造成本为12 000元(为

7、圆周率)(1)将V表示成r的函数V(r)，并求该函数的定义域；(2)讨论函数V(r)的单调性，并确定r和h为何值时该蓄水池的体积最大解(1)因为蓄水池侧面的建造成本为1002rh200rh(元)，底面的建造成本为160r2元，所以蓄水池的总建造成本为(200rh160r2)元，又200rh160r212 000，所以h(3004r2)，从而V(r)r2h(300r4r3)因为r0，又由h0可得r0，故V(r)在(0,5)上单调递增；当r(5,5)时，V(r)0)所以y0.012v(v38 000)令y0，解得v20.因为当0v20时，y20时，y0，所以当v20时，y取得最小值故当轮船的速度为

8、20海里/小时时，航行1海里所需费用总和最小四、函数方程问题1从近几年高考题看，利用导数研究方程的根、函数的零点、证明不等式这些知识点常考到，一般出现在解答题中其实质就是利用求导数的方法研究函数的性质及图象，解决该类问题通常是构造一个函数，然后考查这个函数的单调性，结合给定的区间和函数在该区间端点的函数值使问题得以求解一般出现在高考题解答题中，难度中高档2通过解决函数方程问题，培养逻辑推理、直观想象及数学运算等核心素养例4设函数f(x)x36x5，xR.(1)求f(x)的极值点；(2)若关于x的方程f(x)a有3个不同的实根，求实数a的取值范围；(3)已知当x(1，)时，f(x)k(x1)恒成

9、立，求实数k的取值范围解(1)f(x)3(x22)，令f(x)0，得x1，x2.当x(，)(，)时，f(x)0，当x(，) 时，f(x)0，因此x1，x2分别为f(x)的极大值点、极小值点(2)由(1)可知yf(x)的图象的大致形状及走向如图所示要使直线ya与yf(x)的图象有3个不同的交点，需54f()af()54.则方程f(x)a有3个不同的实根时，所求实数a的取值范围为(54，54)(3)方法一f(x)k(x1)，即(x1)(x2x5)k(x1)，因为x1，所以kx2x5在(1，)上恒成立，令g(x)x2x5，由二次函数的性质得g(x)在(1，)上是单调递增，所以g(x)g(1)3，所以

10、所求k的取值范围为(，3方法二直线yk(x1)过定点(1,0)且f(1)0，曲线f(x)在点(1,0)处的切线斜率f(1)3，由(2)中草图知，要使x(1，)时，f(x)k(x1)恒成立，需k3.故实数k的取值范围为(，3反思感悟讨论方程根的个数、研究函数图象与x轴或某直线的交点个数、不等式恒成立问题的实质就是函数的单调性与函数极(最)值的应用问题破解的方法是根据题目的要求，借助导数将函数的单调性与极(最)值列出，然后再借助单调性和极(最)值情况，画出函数图象的草图，数形结合求解跟踪训练4已知函数f(x)ex，aR，试讨论函数f(x)的零点个数解函数f(x)的定义域为x|xa(1)当xa时，e

11、x0，xa0，f(x)0，即f(x)在(a，)上无零点(2)当xa时，f(x)，令g(x)ex(xa)1，则g(x)ex(xa1)由g(x)0得xa1.当xa1时，g(x)0；当xa1时，g(x)0，g(x)在(，a1)上单调递减，在(a1，a)上单调递增，g(x)ming(a1)1ea1.当a1时，g(a1)0，则xa1是f(x)的唯一零点；当a1时，g(a1)1ea10，则f(x)没有零点；当a1时，g(a1)1ea10，则f(x)有两个零点1(2019全国)已知曲线yaexxln x在点(1，ae)处的切线方程为y2xb，则()Aae，b1 Bae，b1Cae1，b1 Dae1，b1答案

12、D解析因为yaexln x1，所以y|x1ae1，所以曲线在点(1，ae)处的切线方程为yae(ae1)(x1)，即y(ae1)x1，所以解得2(2020全国)函数f(x)x42x3的图象在点(1，f(1)处的切线方程为()Ay2x1 By2x1Cy2x3 Dy2x1答案B解析f(1)121，切点坐标为(1，1)，f(x)4x36x2，所以切线的斜率为kf(1)4136122，切线方程为y12(x1)，即y2x1.3(2020全国)设函数f(x).若f(1)，则a_.答案1解析f(x)，f(1)，即，解得a1.4(2019全国)曲线y3(x2x)ex在点(0,0)处的切线方程为_答案y3x解析

13、因为y3(2x1)ex3(x2x)ex3(x23x1)ex，所以曲线在点(0,0)处的切线的斜率ky|x03，所以所求的切线方程为y3x.5(2019全国)已知函数f(x)2x3ax2b.(1)讨论f(x)的单调性；(2)是否存在a，b，使得f(x)在区间0,1上的最小值为1且最大值为1？若存在，求出a，b的所有值；若不存在，说明理由解(1)f(x)6x22ax2x(3xa)令f(x)0，得x0或x.若a0，则当x(，0)时，f(x)0；当x时，f(x)0.故f(x)在(，0)，上单调递增，在上单调递减；若a0，则f(x)在(，)上单调递增；若a0；当x时，f(x)0.故f(x)在，(0，)上

14、单调递增，在上单调递减(2)满足题设条件的a，b存在理由如下当a0时，由(1)知，f(x)在0,1上单调递增，所以f(x)在区间0,1上的最小值为f(0)b1，最大值为f(1)2ab1.解得a0，b1，此时a，b满足条件当a3时，由(1)知，f(x)在0,1上单调递减，所以f(x)在区间0,1上的最大值为f(0)b1，最小值为f(1)2ab1.解得a4，b1，此时a，b满足条件当0a3时，由(1)知，f(x)在0,1上的最小值为fb，最大值为b或2ab.若b1，b1，则a3，与0a3矛盾若b1,2ab1，则a3或a3或a0，与0a3矛盾综上，当a0，b1或a4，b1时，f(x)在0,1上的最小值为1，最大值为1.