2020高考物理课标二轮（天津专用）选择题专项训练（四） WORD版含解析.docx

1、选择题专项训练(四)(时间:25分钟分值:31分)题型专项训练第36页一、单项选择题(共5小题,每小题3分,共15分。每小题给出的四个选项中,只有一个选项是正确的)1.下列论述中正确的是()A.开普勒根据万有引力定律得出行星运动规律B.爱因斯坦的狭义相对论,全面否定了牛顿的经典力学规律C.普朗克把能量子引入物理学,正确地破除了“能量连续变化”的传统观念D.玻尔提出的原子结构假说,成功地解释了各种原子光谱的不连续性答案:C解析:开普勒通过研究第谷的行星观测数据,得出了行星运动规律,A错误;爱因斯坦的狭义相对论,并没有全面否定牛顿的经典力学,B错误;普朗克把能量子引入物理学,正确地破除了“能量连续

2、变化”的传统观念,C正确;玻尔提出的原子结构假说,不能解释复杂原子,如氦原子核光谱的不连续性,D错误。2.如图所示,放置在光滑的水平地面上足够长的斜面体,下端固定有挡板,用外力将轻质弹簧压缩在小木块和挡板之间,弹簧的弹性势能为100 J。撤去外力,木块开始运动,离开弹簧后,沿斜面向上滑到某一位置后,不再滑下,则()A.木块重力势能的增加量为100 JB.木块运动过程中,斜面体的支持力对木块做功不为零C.木块、斜面体和弹簧构成的系统,机械能守恒D.最终,木块和斜面体以共同速度向右匀速滑行答案:B解析:因为到达最高点后,木块不再下滑,所以木块必受斜面的摩擦力作用,木块沿斜面上滑时,斜面体受到木块的

3、斜向右上的摩擦力作用,该力在水平方向上有一个分力,故斜面体向右运动,木块相对地面在水平方向上有位移,斜面体对木块的支持力与水平位移夹角不垂直,故斜面体的支持力对木块做功不为零,木块、斜面体和弹簧构成的系统,有摩擦力做功,所以机械能不守恒,B正确,C错误;将弹簧、木块和斜面体看成一个整体,整体在水平方向上受力为零,所以系统水平方向动量守恒,释放弹簧前系统水平方向动量为零,故释放弹簧后系统水平方向动量仍旧为零,即木块和斜面体最后静止,弹簧的弹性势能转化为系统的内能(克服摩擦力做功)以及木块的重力势能,故木块重力势能的增加量小于100J,A、D错误。3.如图所示,a为放在地球赤道上随地球一起转动的物

4、体,b、c、d为在圆轨道上运行的卫星,轨道平面均在地球赤道面上,其中b是近地卫星,c是地球同步卫星。若a、b、c、d的质量相同,地球表面附近的重力加速度为g,则下列说法正确的是()A.b卫星转动的线速度大于7.9 km/sB.a、b、c、d的周期大小关系为TaTbTcTdC.a和b的向心加速度都等于重力加速度gD.在b、c、d中,b的动能最大,d的机械能最大答案:D解析:7.9km/s是第一宇宙速度,是卫星绕地球做匀速圆周运动最大的运行速度,所以b卫星转动的线速度小于7.9km/s,故A错误。对于b、c、d三颗卫星,由开普勒第三定律r3T2=k,知TbTcTd,地球同步卫星的周期与地球自转周期

5、相同,则有Ta=Tc,因此有TbTa=Tc2gR2h,g为重力加速度。从抛出到第一次碰撞筒壁,不计空气阻力,则下列说法正确的是()A.三小球运动时间之比tAtBtC=321B.三小球下落高度之比hAhBhC=231C.重力对三小球做功之比WAWBWC=341D.重力的平均功率之比PAPBPC=231答案:AC解析:因为三个小球都碰壁,说明没有下落到底部,小球在水平方向上做匀速直线运动,根据几何知识可知三个球的水平位移xA=2R32=3R,xB=2R,xC=2R12=R,而所用时间tAtBtC=xAv0xBv0xCv0=321,A正确;在竖直方向上做自由落体运动,三小球下落高度之比hAhBhC=

6、12gtA212gtB212gtC2=341,B错误;重力对小球做功WG=mgh,故WAWBWC=hAhBhC=341,C正确;重力的平均功率P=Wt,故PAPBPC=WAtAWBtBWCtC=334211=321,D错误。7.为了进一步探究课本中的小实验,某同学从圆珠笔中取出轻弹簧,将弹簧一端固定在水平桌面上,弹簧竖直放置,另一端套上笔帽,用力把笔帽往下压后迅速放开。他观察到笔帽被弹起并离开弹簧向上运动一段距离。不计空气阻力,忽略笔帽与弹簧间的摩擦,在弹簧恢复原长的过程中()A.笔帽一直做加速运动B.弹簧对笔帽做的功和对桌面做的功相等C.弹簧对笔帽的冲量大小和对桌面的冲量大小相等D.弹簧对笔

7、帽的弹力做功的平均功率大于笔帽克服重力做功的平均功率答案:CD解析:弹簧恢复原长的过程中,开始时笔帽向上加速运动,弹簧压缩量减小,弹力减小,当弹力等于重力时,加速度为零,速度最大,此后弹力小于重力,合力向下,加速度与速度方向相反,笔帽做减速运动,故A错误;笔帽向上运动,受到的弹力方向向上,力与位移同向,故弹力对笔帽做正功,重力方向向下,与位移反向,对笔帽做负功,由于笔帽动能增加,所以弹簧对笔帽做的功大于笔帽克服重力做的功,时间相同,根据功率的定义,得D正确;弹簧对桌面虽然有弹力,但没有位移,所以不做功,故B错误;由于轻弹簧质量不计,所以弹簧对桌面的弹力等于对笔帽的弹力,作用时间相同,冲量大小相

8、等,故C正确。8.图甲中理想变压器的原线圈依次接入如图乙所示的a、b两个正弦式交变电源。接电源a后,调节滑动变阻器滑片位置使小灯泡A正常发光,小灯泡的功率及电流频率分别为P1、f1;保持滑片位置不变,改用电源b,小灯泡的功率及电流频率分别为P2、f2,则()A.f1f2=32B.P1P2=21C.若将变阻器滑片向左移动,电源b可能使小灯泡正常发光D.若将变压器动片P向下移动,电源b可能使小灯泡正常发光答案:AD解析:变压器不改变交流电的频率,从题图乙中可知3T1=2T2,即T1T2=23,所以f1f2=32,A正确;从题图乙中可知a、b两个电源的电动势最大值之比为21,两种情况下副线圈两端的电

9、压有效值之比为21,所以两种情况下通过灯泡的电流之比为21,根据P=I2R可知P1P2=41,B错误;若将变阻器滑片向左移动,滑动变阻器接入电路的电阻增大,通过灯泡的电流减小,所以电源b不可能使小灯泡正常发光,C错误;若将变压器动片P向下移动,即n1n2减小,根据n1n2=U1U2可知U2增大,即副线圈两端电压增大,故电源b可能使小灯泡正常发光,D正确。9.两个完全相同的平行板电容器C1、C2水平放置,如图所示。开关S闭合时,两电容器中间各有一油滴A、B刚好处于静止状态。现将S断开,将C2下极板向上移动少许,然后再次闭合S,则下列说法正确的是()A.两油滴的质量相等,电性相反B.断开开关,移动

10、C2下极板过程中,B所在位置的电势不变C.再次闭合S瞬间,通过开关的电流可能从上向下D.再次闭合开关后,A向下运动,B向上运动答案:BCD解析:当S闭合时,左边电容的上极板和右边电容的下极板相连,即两个极板的电势相等,又因为其他两个极板都接地,电势相等,故两极板间的电势差的绝对值相等,根据mg=|U|dq,由于不知道两油滴的电荷量,故两个油滴的质量不一定相等,若C1上极板带正电,则C1电场方向竖直向下,A液滴应受到竖直向上的静电力,故带负电,C2下极板带正电,则C2电场方向竖直向上,B滴液应受到竖直向上的静电力,所以带正电,电性相反;若C1上极板带负电,则C1电场方向竖直向上,A液滴应受到竖直

11、向上的静电力,故带正电,C2下极板带负电,则C2电场方向竖直向下,B滴液应受到竖直向上的静电力,所以带负电,电性相反,总之,两油滴的电性相反,A错误;断开开关,移动C2下极板过程中,两极板所带电荷量相等,根据C=rS4kd,C=QU,E=Ud联立可得E=4kQrS,两极板间的电场强度大小和两极板间的距离无关,故电场强度恒定,所以B的受力不变,故仍处于静止状态,到上极板(零电势)的距离不变,根据U=Ed可知B点的电势不变,B正确;S断开,将C2下极板向上移动少许,根据C=rS4kd可知C2增大,根据C=QU可知U减小,即C2下极板电势降低,再次闭合S瞬间,C1上极板的电势大于C2下极板的电势,通过开关的电流可能从上向下,稳定后,根据E=Ud可知C1两极板间的电势差减小,电场强度减小,A向下运动,C2两极板间的电势差增大,电场强度增大,B向上运动,C、D正确。