安徽省示范高中2020年高二物理春季联赛试题答案解析.pdf

1、安徽省示范高中培优联盟 2020 年春季联赛（高二）物理试题答案选择题：1-6 DABDAD 7-10AC AB AC AB1D【解析】对 a 受分析，受重力 mg，管壁支持力 FN，弹簧的弹力 F，F的方向与竖直方向的夹角为，如图所示，小球到达 b位置，当 a、b 重新处于静止状态时，由几何关系可知，减小，由于 F竖直方向上分力大小等于重力，所以 F减小，弹簧变长，F在水平方向上分力也要减小，所以推力 F 减小；b 受到管底的支持力等于两个重力，所以不变。综合分析，正确的选项是 D。2A【解析】剪断轻绳的瞬间，如果悬挂 B 的绳子有拉力，则 A 的加速度大于 g，B 的加速度小于 b，显然与

2、绳子有拉力矛盾，所以剪断悬挂框架的绳瞬间，悬挂 B 的绳的拉力瞬间变为零，弹簧的弹力不变，所以研究 A，Amamg 2，得gaA2，研究 B 得gaB，研究 C 得0Ca，正确选项是 A。3B【解析】xyOAPBB1B2首先根据安培定则判断两根导线在 A 点的磁场方向，x 轴上两根通电导线在 A 点处磁感应强度分别是 B1、B2，由题给条件知12021ABB，所以BBB21，如图所示。在 A 点的上方，距 A 点距离等于 AP，即可使 A 点处磁感应强度为零，LLLAP3323322）（，所以另一根导线放置的 y 坐标是LLLAPAOy333233所以选项 B 正确。4D【解析】设轨道半径为

3、r，由万有引力定律和牛顿第二定律得rTmrmG222)2(30cos)30cos2(2在其它条件不变的情况下，当运动周期变为原来的 n 倍时，在三角形中心必须增加一个质量为 M 的星体，则rnTmrmMGrmG2222)2(30cos)30cos2(2两式相比得)11(332 nmM所以选项 D 正确。5A【解析】设小球落到斜面上的点到抛出点的距离是 L，则tvL0cos221singtL得sin2cos220gLv，其中 是斜面的夹角，小球离开斜面最远距离为sin)cos(20gvh，所以可得Lh，则 h1：h2：h3=1：2：3。所以选项 A 正确。6D【解析】根据变压器的工作原理得I1I

4、2n2n1，又RUI22，1122UnnU，所以可得RUnnI12121)(则原线圈的等效电阻是RnnIUR22111）（，则电源的输出功率是rRrRURrRUP4)()(222当rR 时，电源有最大输出功率，即rRnn221）（。所以，rnnR212）（。7AC【解析】由2021 attvx得：atvtx210，对照图像可得：m/s40 Av，00 Bv，2m/s2Aa，2m/s32Ba。t=3s 时，m32120tatvxAAA，m32120tatvxBBB，选项 A 正 确，m/s20tavvAAA，m/s2tavBB，选 项 B 错 误；t=4s 时，同 理 可 得，m02120tat

5、vxAAA，m/s40tavvAAA，选项 C 正确，D 错误。所以正确选是 AC。8AB【解析】R1 的滑片向右移动，接入电路的电阻增大，电路的总电阻增大，由 I ERr知，干路中的电流减小，内电压减小，路端电压增大，电源的效率UIEI100%UE100%，所以效率增加，A 正确；由于总电流减小，U3减小，电容器 C 所带的电荷量减少，B 选项正确；电阻（R3+r）上电压降减小，并联电路的电压将增大，即电压表的读数变大，I2增大，I1减小，电流表读数减小，C 选项错误；因为各电阻和电源内阻的大小关系均不知道，R1 与 R2并联后消耗的总功率也有可能是先增大后减小，D 选项错误。正确选择项是

6、AB。9AC【解析】BADCEEE设正方形的连长是 a，Q 在 B 点产生的电场强度为 E，有题给条件可得EE22，A 选项正确；在 B 释放的电子，受电场力的作用，只能在 B、D 两点之间往复运动，不会超越正方形的边界，B 选项错误；22aQkEC 又2aQkE，所以在 C 处的点电荷受到电场力是QEQEFC42，C 选项正确；EEEEB2222，选项 D 错误。所以选项 AC 正确。10AB【解析】粒子在电场中被加速，由动能定理 qU12mv2得：v2qUm，带电粒子在磁场中做圆周运动，由洛伦兹力提供向心力得，rvmqvB2，解得：qBmvr，代入数据得：qmUBr21，选项 A 正确；由

7、洛伦兹力提供向心力得 qvnBmvn2R，解得此时粒子的速度为 vnBqRm，此时粒子的动能为 Ek12mvn2，代入数据得 Ekq2B2R22m，质子(11H)和粒子(24He)都满足12mq，B 选项正确，同时也可判断 C、D 错误。所以选项 AB 正确。11.【答案】（1）BD（3 分，错选得零分，漏选得 2 分）（2）拉力 F1 和 F2 的大小和方向（4 分，F1、F2、大小、方向各 1 分）12.【答案】（1）甲（2 分）（2）A（1 分）；C（1 分）（3）U1（1 分）；001RIUU（1 分）（4）（1 分）；（1 分）【解析】(1)由于电源的内阻比较小，可以跟电源串联一个已

8、知定值电阻，测量出定值电阻与电源内阻的和，即可较准确测量出电源的内阻，所以电路图选择“甲”图。（1）电压表在量程相同的情况下，应选择内阻较大的电压表，所以选择“A”；估算电路中的最小电流88mA0.088AA22201030rRRREIA所以电流表选择“C”。（3）由图读出电源电动势是 U1；由闭合电路欧姆定律得)010RrIUU（得001RIUUr（4）因为选择了甲电路，可以设电源等效内阻00Rrr，则把电压表和电源等效为一新电源，这个等效电源的内阻 r 为 0r 和VR 的并联电阻，也就是测量值，即VVRrRrr00rRrrrRrRrVVV10等效电源的电动势为电压表和电源组成回路的路端电

9、压，也就是测量值，即00ERrREVVEERRrEVV0所以都填“”，也可以通过图像分析法得到结论。13.【解析】（1）撤去电场，粒子在磁场中做匀速圆周运动，如图，设半径为 R，则2222RLLR）（1 分得LR451 分又洛伦兹力提供向心力，即RvmBqv201 分得qLmvB5401 分（2）y如果撤去磁场，保留电场，粒子做类平抛运动，如图所示。则BqvqEtmqEytvL020213 分（每个等式 1 分）联列以各式，解得Ly521 分14.【解析】图知T/s10tB，t1=3s 时 MN 棒的位移与速度分别是 x、v，则2mm21212122atx1 分m/s2 atv1 分由法拉第电

10、磁感应定律2.5V1V25.05.0101）（StBE2 分10VV5.021002vLBE2 分MN 棒受到摩擦力与安培力分别为N1N105.02.0mgf1 分11.25NN5.052105.12102210LREEBF安（向左）2 分再有牛顿第二定律得mafFF安1 分N75.12125.1115.0fFmaF安2 分方向：水平向右。15.【解析】（1）爆炸后，根据动量守恒知两个木块的速度大小相等，设木块速度的大小为0v，左边木块到达半圆轨道的最高点时速度为 v，则Rvmmg21 分20221221mvRmgmv1 分得gRv50 1 分右边的木块从 B 点飞出后，做平抛运动，满足tvx

11、01 分2212gtRy1 分结合题给条件的抛物线方程221 xRy 中，得RgRvRvy35220201 分根据机械能守恒，右边的木块落到坡面上时的动能是mgymvRmgEk202121 分把gRv50 和Ry35代入上式得mgREk6171 分（2）设右边的木块落在坡面上的动能最小时的平抛速度是0v，则木块落在坡面上的动能为mgRgRvRmggRvmgRvRmgvmgRvvRmgvmRmgEk212)212212212202220202220202020（2 分又因为mgRgRvRmggRvmgRvRmggRvm22)2122)21202220202220（2 分所以当木块落到坡面上动能最小时，应满足gRvRmggRvm2022202)21（即gRv 02 分炸药提供的能量是：mgRvmE202121 分