2023版新教材高考生物 微专题小练习 专练37 分离定律的分析及相关计算.docx

1、专练37分离定律的分析及相关计算1某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株(植株甲)进行了下列四个实验。让植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为11用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为31其中能够判定植株甲为杂合子的实验是()A或B或C或 D或22022福建厦门双十中学期中自交不亲和是指两性花植物在雌雄配子均正常时，自交不能产生后代的特性，它是由同源染色体上的等位基因SX(S1、S2.S15)控制的。当花粉与母本有相同的SX基因时，这种花粉的所有精子都不能完成

2、受精作用，从而不能产生后代。下列有关叙述正确的是()A基因型为S1S2和S2S4的亲本，正交和反交的子代基因型完全相同B等位基因S1、S2S15是同源染色体非姐妹染色单体之间互换后产生的C自然条件下，一般不存在SX基因的纯合个体如S1S1、S2S2等D具有自交不亲和特性的品系进行杂交育种时，需对母本进行去雄处理3通过饲养灰鼠和白鼠(基因型未知)的实验，得到结果如下表，如果亲本一栏中杂交组合中的灰色雌鼠和杂交组合中的灰色雄鼠交配，结果是()A.都是灰色 B都是白色C3/4是灰色 D1/4是灰色4在香水玫瑰的花色遗传中，红花、白花为一对相对性状，受一对等位基因控制(用R、r表示)。从下面的杂交实验

3、中，可以得出的正确结论是()杂交组合后代性状一红花A白花B全为红花二红花C红花D红花与白花之比约为31A.红花为显性性状B红花A的基因型为RrC红花C与红花D的基因型不同D白花B的基因型为Rr5鼠的毛色有黑色和棕色(由基因B、b控制)，两只黑鼠交配，生了3只棕鼠和1只黑鼠，下列说法正确的是()A棕色为显性性状B子代黑鼠基因型为BB的概率是1/4C若检测子代黑鼠的基因型，最好选用棕鼠与其交配D若亲代黑鼠再生4只小鼠，则应为3只黑鼠和一只棕鼠6大豆子叶的颜色受一对等位基因控制，基因型为AA的个体呈深绿色、基因型为Aa的个体呈浅绿色、基因型为aa的个体呈黄色，黄色个体在幼苗阶段死亡。下列说法错误的是

4、()A若某批大豆种子中AAAaaa 121，则该批种子长成的植株随机交配的后代中深绿色个体占4/9B若让浅绿色植株随机交配得F1，再让F1随机交配得F2，则F2中A基因频率a基因频率11C浅绿色植株连续自交n代，成熟后代中深绿色个体的比例为(2n1)/(2n1)D浅绿色植株自交后代再自由交配至n代，成熟后代中深绿色个体的比例为n/(n2)7玉米是一种二倍体异花传粉作物，可作为研究遗传规律的实验材料。玉米子粒的饱满与凹陷是一对相对性状，受一对等位基因控制。回答下列问题。(1)在一对等位基因控制的相对性状中，杂合子通常表现的性状是_。(2)现有在自然条件下获得的一些饱满的玉米子粒和一些凹陷的玉米子

5、粒，若要用这两种玉米子粒为材料验证分离定律，写出两种验证思路及预期结果。专练37分离定律的分析及相关计算1B若植株甲自花传粉，子代出现性状分离，可以说明全缘叶为显性性状，且甲为杂合子；用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶。可以说明甲和另一全缘叶植株至少有一个为纯合子，不能判断相对性状的显隐性，也不能确定甲是否为杂合子；用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代性状分离比为11，杂交类型属于测交，不能判断性状的显隐性，甲可能为杂合子(全缘叶为显性性状时)，也可能为纯合子(全缘叶为隐性性状时)；用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶比例为31，说明甲为杂合子。故B正确，A、C、D错误。2C

6、基因型为S1S2和S2S4的亲本，以S1S2为父本进行正交时，子代的基因型为S1S2、S1S4，以S2S4为父本进行反交时，子代的基因型为S1S4、S2S4，A错误；等位基因S1、S2S15，是基因突变产生的，B错误；由题意“当花粉与母本有相同的SX基因时，这种花粉的所有精子都不能完成受精作用”可知，自然条件下，一般不存在SX基因的纯合个体如S1S1、S2S2等，C正确；具有自交不亲和特性的品系进行杂交育种时，当花粉与母本有相同的SX基因时，这种花粉的精子都不能完成受精作用，即不能自交，类似于去雄行为，所以无需对母本进行去雄处理，D错误。3A根据第组亲本全为灰色，后代出现白色或第组灰色和白色杂

7、交后代只有灰色，可确定灰色为显性性状，白色为隐性性状，进而确定第组亲本灰色为显性纯合，第组亲本的灰色为显性杂合，所以二者杂交结果都是灰色。4A杂交组合一，红花A与白花B杂交，后代全为红花，说明红花为显性性状，进而推知：红花A的基因型为RR，白花B的基因型为rr；红花C与红花D杂交，后代红花与白花之比约为31，说明红花C与红花D均为杂合子，二者的基因型相同，均为Rr。5C两只黑鼠交配，生了3只棕鼠和1只黑鼠，后代发生了性状分离，说明黑色对棕色是显性性状，A错误；亲本黑鼠基因型都是Bb，后代黑鼠的基因型及其比例为BBBb12，即子代黑鼠基因型为BB的概率是1/3，B错误；检测子代黑鼠的基因型，最好

8、选用棕鼠bb与其交配，若出现棕鼠，说明子代黑鼠是杂合子，C正确；若亲代黑鼠再生4只小鼠，则后代表现型可能是三黑一白、一黑三白、两黑两白、全黑、全白，D错误。6B根据题干信息可知，AA表现为深绿色，Aa表现为浅绿色，aa表现为黄色，且黄色个体在幼苗阶段死亡。该批大豆种子长成的植株中只有基因型为AA、Aa的个体，若让其随机交配，即2/3A1/3a2/3A4/9AA2/9Aa1/3a2/9Aa1/9aa其中深绿色植株占4/9，A正确；根据题干信息可知，浅绿色植株的基因型是Aa，让其随机交配，F1中AAAaaa121，其中基因型为aa的个体幼苗阶段死亡，因此F1中能繁殖的个体的基因型及比例为AAAa1

9、2，让F1再随机交配，则可结合选项A的分析，得F2中AAAaaa 441，进一步可求得F2中A基因频率a基因频率 4/9(4/9)(1/2)(4/9)(1/2)1/921，B错误；浅绿色植株Aa连续自交n代，后代中杂合子的概率为1/2n，纯合子AA或aa的概率均为(11/2n)/2，由于黄色个体(aa)在幼苗阶段死亡，因此成熟后代中深绿色个体(AA)的比例(11/2n)/21(11/2n)/2(2n1)/(2n1)，C正确；浅绿色植株Aa自交，F1中AAAaaa121，其中基因型为aa的个体在幼苗阶段死亡，因此F1中能自由交配的个体的基因型及比例为AAAa 12，其中深绿色个体(AA)的比例为

10、1/3；F1产生的配子及比例为Aa21，F1自由交配得F2，F2中AAAaaa(2/3)(2/3)2(2/3)(1/3)(1/3)(1/3)441，又由于基因型为aa的个体幼苗阶段死亡，故F2中能自由交配的个体的基因型及比例为AAAa11，其中深绿色个体(AA)的比例为1/2；F2产生的配子及比例为Aa31，F2自由交配得F3，F3中AA Aaaa(3/4)(3/4)2(3/4)(1/4)(1/4)(1/4) 961，又由于基因型为aa的个体幼苗阶段死亡，故F3中能自由交配的个体的基因型及比例为AAAa 32，其中深绿色个体的比例为3/5；以此类推，自由交配至n代，成熟后代中深绿色个体的比例为

11、n/(n2)，D正确。7(1)显性性状(2)思路及预期结果两种玉米分别自交，若某些玉米自交后，子代出现31的性状分离比，则可验证分离定律。两种玉米分别自交，在子代中选择两种纯合子进行杂交，F1自交，得到F2，若F2中出现31的性状分离比，则可验证分离定律。让子粒饱满的玉米和子粒凹陷的玉米杂交，如果F1都表现一种性状，则用F1自交，得到F2，若F2中出现31的性状分离比，则可验证分离定律。让子粒饱满的玉米和子粒凹陷的玉米杂交，如果F1表现两种性状，且表现为11的性状分离比，则可验证分离定律。解析：(1)在一对等位基因控制的相对性状中，通常杂合子表现的性状是显性性状。(2)分离定律是指杂合子形成配

12、子时，等位基因发生分离并分别进入不同的配子中。验证分离定律常采用杂合子自交法或测交法。因未知所给玉米的基因型，可采用以下方案验证分离定律。思路：两种玉米分别自交，若某玉米自交子代出现31的性状分离比，则该玉米为杂合子，通过该玉米的自交子代性状分离比可验证分离定律。思路：两种玉米分别自交，若子代都未发生性状分离，说明两种玉米都为纯合子，则让两种纯合子玉米杂交，获得F1，F1自交子代中若出现31的性状分离比，即可验证分离定律。思路：两种玉米杂交，若F1只出现一种性状，则该性状为显性性状，F1为显性性状的杂合子，F1自交后代中若出现31的性状分离比，可验证分离定律。思路：两种玉米杂交，若后代出现11的性状分离比，则说明一种玉米为杂合子，另一种玉米为隐性纯合子，杂合子的测交可验证分离定律。