中考物理第十八章电功率综合练习（含答案）.docx

1、中考物理-第十八章电功率-综合练习（含答案）一、选择题1、某同学在做“用滑动变阻器改变电流”的实验时，连接如图所示的电路，将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，闭合电键S，发现小灯不亮。接下来的操作，在以下步骤中最合理的是A断开电键S，更换额定功率大一点的灯泡重新实验B断开电键S，增加电池的节数重新实验C断开电键S，拆掉导线重新连接电路D观察电流表的示数是否为零，判断电路是否断路2、如果加在某定值电阻两端的电压从4V升高到10V，通过该电阻的电流变化了0.2A，下列说法正确的是A该定值电阻阻值为30，此过程中功率增加了2.8WB该定值电阻阻值为50，此过程中功率增加了1.2WC若该电阻两端电压为

2、9V，则其功率为2.7WD若该电阻两端电压为6V，则其1min产生电热为72J3、灯泡L标有“2.5V”字样，它的电阻随它两端电压变化的关系图像如图甲所示。将该灯泡L和电阻R0接入电源电压恒为3V的电路中（如图乙），闭合开关S，灯泡L恰好正常发光。下列说法正确的是 A闭合开关S，灯泡L的电阻为8B灯泡L的额定功率为0.625WC断开开关S，灯泡L的电阻为0D闭合开关S，1s内电阻R0产生的热量为 0.325J4、一辆娱乐电瓶车，工作电压为24V，工作电流为10A，效率为80%，车和人的总重为2019N，行驶时受到的阻力为车和人总重的0.1倍，那么该车匀速行驶120m需多长时间？（ ）A、80秒

3、 B、100秒 C、125秒 D、150秒5、如图所示，将两只额定电压相同的灯泡L1L2串联在电路中。闭合开关S后，发现 L1亮，L2不亮。对此有下列几种猜想，其中可能的是：（ ） L2灯丝断了，灯座未短路 灯泡L2的电阻太小 灯泡L2两端电压较大 通过灯泡L1L2电流不等 灯泡L2的灯座被短路 灯泡L1L2的额定功率不同 A B C D6、如右图所示，将两只额定电压相同的灯泡L1、L2串联在电路中。闭合开关S后，发现L1亮，L2不亮。对此有下列几种猜想，其中可能的是： L2灯丝断了，灯座未短路 灯泡L2的电阻太小 灯泡L2两端电压较大 通过灯泡L1、L2电流不等 灯泡L2的灯座被短路 灯泡L

4、1、L2的额定功率不同 A B C D7、将灯L1接在电压为6V的电路中，功率为6W。若保持电路电压不变，再在电路中连入灯L2(规格如图)，它们工作时，下列说法正确的是 （ ）（不考虑温度对电阻的影响）A电路的总电阻是9 B灯L1的实际电流为0.5AC灯L2较L1亮 D电路的总功率为4.5W8、如图所示，当开关闭合时，电压表V1、V2的示数分别为10V和4V，已知电动机M的线圈电阻为1，R是阻值为4的定值电阻，下列结论正确的是 （ ）A. R两端的电压为6VB.通过电动机的电流为6AC.电阻R消耗的电功率为144WD.电动机消耗的电功率为6W9、关于“8V 4W” 的灯L1和 “4V 2W”的

5、灯L2，下列说法中错误的是（ ）AL1的电阻大于L2的电阻 B两灯均正常工作时，L1较亮C两灯串联在12V电源两端时都能正常发光 D两灯并联时，两端最大可加8V电压 10、图7所示，电源电压为6 V，一只标有“3 V 3 w”的小灯泡与一个最大阻值为9 的滑动变阻器串联，在保证电路安全工作的前提下，电路消耗的最大功率和滑动变阻器两端的最大电压分别为A.6 W 45 VB.4.5 W 6 VC.6 W 6 VD.9 W 4.5 V 11、小明用自制的电路板错将两只额定电压相同的甲、乙两只白炽灯，串联后接入家庭电路，结果两只灯都不能正常发光，但甲灯比乙灯亮。则下列说法中正确的是 A甲灯的额定功率和

6、实际功率都比乙灯大B甲灯的额定功率大，实际功率小C甲灯的额定功率和实际功率都比乙灯小D甲灯的额定功率小，实际功率大 12、小明学习滑动变阻器的知识后，决定将自己的台灯改为调光式，于是他买了“1W 2k”的电位器一个，装在了台灯（灯泡为“PZ220 60”）上，一开灯，确实能调光，但电位器一会儿就冒起烟了，吓得他赶快扯下了插头。分析他失败的原因是（ ）A因为一开灯能调光，说明电位器规格正确，主要是电位器的质量低劣B电位器额定功率偏小 C电位器额定功率偏大 D电位器电阻偏小，应换用20k的 二、 多项选择13、甲、乙两盏白炽灯并联在电路中，两灯都正常发光，且甲灯比乙灯亮，则A甲灯两端的电压比乙灯的

7、大B甲灯的电阻比乙灯的小C通过甲灯的电流比乙灯的大D相同时间内，甲灯消耗的电能比乙灯多 14、将“220V 15W”的灯泡L1和“220V 60W”的灯泡L2，串联在220V的电源上，组成闭合的回路(设灯丝电阻不变)，则【 】A灯泡L1比灯泡L2亮B灯泡L2比灯泡L1亮C两灯的总功率小于15WD两灯的实际功率都变为额定功率的一半 15、下列说法中，正确的是A电功率是表示电流做功多少的物理量B电功率是表示电流做功快慢的物理量C用电器的电功率越大，做功越多D相同时间内，功率大的用电器耗电一定多16、将两只额定电压相同的甲、乙两灯并联后接到电路中，闭合开关后发现，甲灯比乙灯亮，这说明A甲灯的额定功率

8、一定比乙灯的大 B甲灯的电阻一定比乙灯的大C通过甲灯的电流一定比乙灯的大 D甲灯两端电压一定比乙灯的大17、将一个滑动变阻器接在电源上，消耗的功率为P。要使其消耗的功率变为原来的一半，可以采取的措施是A. 电源电压不变，阻值变为原来的二倍B. 电源电压不变，阻值变为原来的一半C. 电源电压和阻值均变为原来的一半D. 电源电压变为原来的一半，阻值变为原来的二倍三、计算题18、如表是某电水壶的铭牌，使用该电水壶把1.2L的水从25加热到100C水=4.2103J/（kg）求：（1）水吸收的热量；（2）若电水壶产生的热量有90%被水吸收，则此次电流做了多少功；（3）若此次加热时间为300s，通过计算

9、说明此时电水壶是否正常工作？19、如图所示将一个小电动机接在电路中工作时，电压表示数为3V，电流表示数为0.5A，该电动机在10s时间内把质量m=0.4kg的物体提升3m，（g取10N/kg）请计算：（1）这段时间内电动机消耗的电能；（2）这段时间内电动机对物体所做的功；（3）电动机线圈的电阻20、如图是“光电互补型”太阳能热水器，晴天以吸收太阳能作为加热方式，阴雨天可用电加热方式某该种太阳能热水器水箱内的水为120kg，当水温由15升高到45时，求：（1）这些水吸收的热量是多少？c水=4.2103J/（kg）（2）若在阴雨天，采用电加热方式进行工作时的效率为70%，则要消耗的电能是多少千瓦时

10、？21、小明家有一个容量为1.2L的自动电热水壶，铭牌上标有“220V 1000W”字样，将其装满初温为20的水后接入家庭电路中小明家的电子式电能表的表盘上标有“3000imp/kWh”（imp指的是电能表上指示灯闪烁的次数）求：水的比热容为4.2103J/（kg），外界大气压为一个标准大气压（1）电热水壶正常工作时的电阻；（2）如果不计能量损失，电水壶正常工作烧开一满壶水需要的时间（3）如果此时其他用电器全部关闭，电能表表盘指示灯闪烁次数22、如图甲所示是某压力测力计的电路原理示意图，图中电源电压为6V（保持不变）；定值电阻R0的规格是“520 0.01A”，起保护电路的作用；测力显示器是由

11、电流表改装成的（电阻忽略不计），R是一种新型电子元件，其阻值R随压力F大小变化的关系如图乙所示求： （1）R0允许消耗的最大功率是多少？ （2）通过分析图乙，请直接写出电子元件的阻值R随压力F变化的关系式 （3）该测力计所能测量的最大压力是多少？ （4）若要增大该测力计所能测量的最大压力，请写出一种改进方法 一、选择题1、D2、ACD3、B 4、C 5、D 6、D 7、C 8、D 9、D 10、A 11、D 12、B 二、多项选择13、BCD 14、AC 15、BD16、AC17、AC三、计算题18、【考点】电功与热量的综合计算【分析】（1）知道水的体积，根据m=V求出水的质量，又知道水的初温

12、、末温以及比热容，根据Q吸=cm（tt0）求出水吸收的热量；（2）根据=100%求出电流做的功；（3）根据W=Pt求出电流做的功，然后与（2）中计算的结果进行比较，从而确定电热水壶是否正常工作【解答】解：（1）水的体积：V=1.2L=1.2dm3=1.2103m3，由=可得，水质量：m=V=1.0103kg/m31.2103m3=1.2kg，则水吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）1.2kg=3.78105J；（2）由=100%可得，电流做的功：W=4.2105J；（3）假设电热水壶正常加热300s，电流做的功：W=Pt=1500W300s=4.5105J4.2105J，

13、故此时电水壶不是正常工作答：（1）水吸收的热量为3.78105J；（2）若电水壶产生的热量有90%被水吸收，则此次电流做了4.2105J的功；（3）电水壶不是正常工作19、【考点】电功的计算【分析】（1）根据W=UIt即可求出电动机消耗的电能；（2）根据W=Gh即可求出对物体所做的功；（3）根据Q=W电W机求出线圈产生的热量，利用Q=I2Rt即可求出电动机线圈的电阻【解答】解：（1）这段时间内电动机消耗的电能：W电=UIt=3V0.5A10s=15J；（2）这段时间内电动机对物体所做的功：W机=Gh=mgh=0.4kg10N/kg3m=12J；（3）由于W电=W机+Q，则电流通过线圈产生的热量

14、：Q=W电W机=15J12J=3J，由Q=I2Rt可得，线圈的电阻：R=1.2答：（1）这段时间内电动机消耗的电能为15J；（2）这段时间内电动机对物体所做的功为12J；（3）电动机线圈的电阻为1.220、【考点】太阳能热水器中的热量计算；电功与热量的综合计算【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cmt求水吸收的热量（有用能量）；（2）知道利用电加热方式进行工作时的效率，利用效率公式求消耗的电能【解答】解：（1）Q吸=cmt=4.2103J/（kg）120kg（4515）=1.512107J；（2）采用电加热方式进行工作时：=，70%=，W电=2.16107

15、J=6kWh答：（1）这些水吸收的热量是1.512107J；（2）若在阴雨天，采用电加热方式进行工作时的效率为70%，则要消耗的电能是6千瓦时21、【考点】电功与热量的综合计算【分析】（1）已知电热水壶的额定电压和额定功率，根据P=UI=求出电热水壶正常工作时的电阻；（2）已知水壶的容积和水的密度，利用密度公式计算壶内水的质量，再利用公式Q=cmt可求水烧开时吸收的热量；在不计能量损失的情况下，水吸收的热量等于消耗的电能，Q=W，水壶的额定功率已知，根据公式P=求电水壶正常工作时烧开一满壶水需要的时间；（3）已知脉冲式电能表表盘上有“3000imp/kWh”的信息，指示灯闪烁一次消耗的电能为k

16、Wh，消耗的电能已经求出，可求指示灯闪烁的次数【解答】解：（1）由P=可得，电热水壶正常工作时的电阻：R=48.4；（2）由=可得，电热水壶中水的质量：m=V=1.0103kg/m31.2103m3=1.2kg，电热水壶烧开水吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）1.2kg=4.032105J，不计能量损失，则电热水壶消耗的电能：W=Q吸=4.032105J，由P=可得，电水壶正常工作时烧开一满壶水需要的时间：t=403.2s；（3）电热水壶消耗的电能：W=4.032105J=4.032105kWh=0.112kWh；根据电能表参数“3000imp/kWh”可知，指示灯闪烁

17、一次消耗的电能为kWh，则这段时间内电能表表盘指示灯闪烁次数：n=336次答：（1）电热水壶正常工作时的电阻为48.4；（2）如果不计能量损失，电水壶正常工作烧开一满壶水需要的时间为403.2s；（3）如果此时其他用电器全部关闭，电能表表盘指示灯闪烁次数为336次22、【分析】（1）由定值电阻的规格可知允许通过的最大电流，根据P=I2R求出R0上允许消耗的最大功率； （2）由图乙可知，电子元件的阻值R与压力F的关系为一次函数，设出表达式，从图象中读出两组数据代入得出表达式； （3）根据滑动变阻器允许通过的最大电流可知电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R的阻值，

18、然后代入电子元件的阻值R随压力F变化的关系式求出该测力计所能测量的最大压力； （4）由R随压力F变化的关系式，若要增大该测力计的量程，应从如何减小R的电阻值上分析解答 【解答】解：（1）定值电阻R0的规格可知，电阻R0允许通过的最大电流I0=0.01A， 则R0允许消耗的最大功率： P0=I02R0=（0.01A）2520=0.052W； （2）由图乙可知，电子元件的阻值R与压力F的关系为一次函数，设为R=kF+b， 由图象可知，当F=0时R=200，当F=50N时R=180，则 200=k0N+b，180=k50N+b， 联立等式可得：b=200，k=0.4/N， 电子元件的阻值R随压力F变

19、化的关系式R=0.4/NF+200； （3）电路中的最大电流I0=0.01A，由I=可得，电路中的总电阻： R总=600， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，R的最小阻值： R=R总R0=600520=80， 此时R上的压力最大，则 80=0.4/NF+200， 解得F=300N； （4）要增大该测力计的量程，由F=知，应减小R值， 电路中的电压一定时，最大电流也一定，总电阻不变，可以增大R0的阻值从而减小R的阻值； 电流一定时，也可以减小总电阻，从而减小R值，可以减小电源的电压从而减小电路中的总电阻 答：（1）R0允许消耗的最大功率是0.052W； （2）电子元件的阻值R随压力F变化的关系式为R=0.4/NF+200； （3）该测力计所能测量的最大压力是300N； （4）若要增大该测力计的量程，可以增大R0的阻值，也可以减小电源的电压 【点评】本题考查了电路的动态分析与计算以及串联电路特点和欧姆定律的应用，关键是用好R随压力F变化的关系式