2023年高考数学一轮复习 第一章 集合 常用逻辑用语 不等式 3 等式性质与不等式性质练习（含解析）.docx

1、等式性质与不等式性质考试要求1.掌握等式性质.2.会比较两个数的大小.3.理解不等式的性质，并能简单应用知识梳理1两个实数比较大小的方法作差法 (a，bR)2等式的性质性质1对称性：如果ab，那么ba；性质2传递性：如果ab，bc，那么ac；性质3可加(减)性：如果ab，那么acbc；性质4可乘性：如果ab，那么acbc；性质5可除性：如果ab，c0，那么.3不等式的性质性质1对称性：abbb，bcac；性质3可加性：abacbc；性质4可乘性：ab，c0acbc；ab，c0acb，cdacbd；性质6同向同正可乘性：ab0，cd0acbd；性质7同正可乘方性：ab0anbn(nN，n2)常用

2、结论1若ab0，且abb0，m0a0，m0.思考辨析判断下列结论是否正确(请在括号中打“”或“”)(1)两个实数a，b之间，有且只有ab，ab，a1，则ba.()(3)若xy，则x2y2.()(4)若，则ba0，cR，则下列不等式中正确的是()AB.C.Dac3，B正确；因为0，所以，C正确；当c0时，ac3bc3，所以D不正确2已知Mx23x，N3x2x3，则M，N的大小关系是_答案MN解析MN(x23x)(3x2x3)4x24x3(2x1)220，MN.3已知1a2，3b5，则a2b的取值范围是_答案(7,12)解析3b5，62b10，又1a2，7a2b12.题型一比较两个数(式)的大小例

3、1(1)若a0，b0，则p与qab的大小关系为()ApqDpq答案B解析pqab(b2a2)，因为a0，b0，所以ab0.若ab，则pq0，故pq；若ab，则pq0，故pbcBcabCcbaDacb答案C解析a55a，即，b44b，即，c33c，即，设f(x)，则f(a)f(5)，f(b)f(4)，f(c)f(3)，f(x)(x0)，当xe时，f(x)0，f(x)单调递减，当0x0，f(x)单调递增，因为a，b，c(0,3)，f(a)f(5)，f(b)f(4)，f(c)f(3)，所以a，b，c(0，e)，因为f(5)f(4)f(3)，所以f(a)f(b)f(c)，abN解析方法一MN0.MN.

4、方法二令f(x)，显然f(x)是R上的减函数，f(2021)f(2022)，即MN.思维升华比较大小的常用方法(1)作差法：作差；变形；定号；得出结论(2)作商法：作商；变形；判断商与1的大小关系；得出结论(3)构造函数，利用函数的单调性比较大小跟踪训练1(1)已知0aNBMNCMND不能确定答案A解析0a0,1b0,1ab0.MN0，MN.(2)ee与ee的大小关系为_答案eeee解析e，又01,0e1，e1，即1，即eeb，则ac2bc2B若ab0，则a2abab0，则bc0，则答案D解析对于A选项，当c0时，显然不成立，故A选项为假命题；对于B选项，当a3，b2时，满足ab0，但不满足a

5、2ab，故C选项为假命题；对于D选项，由于abc0，所以0，即，故D选项为真命题(2)(多选)若0，则下列不等式正确的是()A.0CabDlna2lnb2答案AC解析由0，可知ba0.A中，因为ab0，所以0.故有，即A正确；B中，因为baa0.故b|a|，即|a|b0，故B错误；C中，因为ba0，又0，所以ab，故C正确；D中，因为baa20，而ylnx在定义域(0，)上单调递增，所以lnb2lna2，故D错误教师备选若a，b，cR，ab，则下列不等式恒成立的是()A.b2Ca|c|b|c|D.答案D解析对于A，若a0b，则，故A错误；对于B，取a1，b2，则a20，又ab，所以，故D正确思

6、维升华判断不等式的常用方法(1)利用不等式的性质逐个验证(2)利用特殊值法排除错误选项(3)作差法(4)构造函数，利用函数的单调性跟踪训练2(1)(2022珠海模拟)已知a，bR，满足ab0，ab，则()A.0Ca2b2Da|b|答案C解析因为abb，则a0，b0，0，A不正确；0，0，则0，即ab0，则a2(b)2，a2b2，C正确；由ab0得a|b|，D不正确(2)(多选)设ab1c0，下列四个结论正确的是()A.BbacabcC(1c)aloga(bc)答案CD解析由题意知，ab1c0，所以对于A，acbc0，故，所以A错误；对于B，取a3，b2，c，则bac2，abc3，所以bacab

7、c，故B错误；对于C，因为01cb，所以(1c)abc1，所以logb(ac)logb(bc)loga(bc)，故D正确题型三不等式性质的综合应用例3(1)已知1x4,2y3，则xy的取值范围是_，3x2y的取值范围是_答案(4,2)(1,18)解析1x4,2y3，3y2，4xy2.由1x4,2y3，得33x12,42y6，13x2y18.延伸探究若将本例(1)中条件改为1xy4,2xy3，求3x2y的取值范围解设3x2ym(xy)n(xy)，则即3x2y(xy)(xy)，又1xy4,2xy3，(xy)10,1(xy)，(xy)(xy)，即3x2y，3x2y的取值范围为.(2)已知3a8,4b

8、9，则的取值范围是_答案解析4b9，又3a8，38，即2.教师备选已知0，则的取值范围是_答案解析0，0，又0，又0，即0bc,2abc0，则的取值范围是()A31B1C21D1bc,2abc0，所以a0，cbc，所以2acc，解得3，将b2ac代入bc中，得2acc，即ac，得1，所以31.(2)已知1ab3，则ab的取值范围是_，的取值范围是_答案(2,0)解析1b3，3b1，又1a3，2ab2，又ab，ab0，2ab0，又，0，b0，M，N，则M与N的大小关系为()AMNBMNCMNDM，N大小关系不确定答案B解析M2N2(ab)(ab2)20，MN.2已知非零实数a，b满足ab，则下列

9、命题成立的是()Aa2b2Bab2a2bC.D.答案C解析若abb2，故A不成立；若则a2b，故D不成立，由不等式的性质知，C正确3已知3a2,3b4，则的取值范围为()A(1,3) B.C.D.答案A解析因为3a2，所以a2(4,9)，而3b1，mloga(a21)，nloga(a1)，ploga(2a)，则m，n，p的大小关系是()AnmpBmpnCmnpDpmn答案B解析由a1知，a212a(a1)20，即a212a，而2a(a1)a10，即2aa1，a212aa1，而ylogax在定义域上单调递增，mpn.5(2022杭州模拟)若ab0B2ba1CDlogcalogcb(c0且c1)答

10、案C解析指数函数yx在(，)上单调递减，由abb0.所以，故C正确；ab0，但不一定有ab1，则不一定有ln(ab)0，故A错误；函数y2x在(，)上单调递增，ba0.则2ba201，故B错误；当0c1时，函数ylogcx在(0，)上单调递减，则logcayz，xyz0，则下列不等式不成立的是()AxyyzBxyxzCxzyzDx|y|y|z答案ACD解析因为xyz，xyz0，所以x0，z0z，若y0，则xy0z，x0，所以xyxz，故B正确；对于C，因为xy，z0，所以xzz，当|y|0时，x|y|y|z，故D错误7(多选)设a，b，c，d为实数，且ab0cd，则下列不等式正确的有()Ac2

11、cdBacbdCacbdD.0答案AD解析因为ab0cd，所以ab0,0cd，对于A，因为0cd，由不等式的性质可得c2b0，dc0，则ad，故0，故选项D正确8(多选)若0ac1，则()A.a1B.Cca1ba1Dlogcac1，1.0a01，故选项A正确；对于B，若，则bcabbcac，即a(cb)0，这与0ac1矛盾，故选项B错误；对于C，0a1，a1c1，ca1ba1，故选项C错误；对于D，0ac1，logca”“解析MNx2y2z22x2y2z(x1)2(y1)2(z1)2330，故MN.10(2022烟台模拟)若0，已知下列不等式：ab|b|；a2.其中正确的不等式的序号为_答案解

12、析因为0，所以ba0，故错误；所以ab0ab，故正确；所以|a|0，0且均不为1，22，当且仅当1时，等号成立，所以2，故正确11若0ab，且ab1，则将a，b，2ab，a2b2从小到大排列为_答案a2aba2b2b解析方法一令a，b，则2ab，a2b2，故a2aba2b2b.方法二0ab且ab1，ab1且2a1，a2ba2a(1a)2a22a22，即a2ab1，即a2b2.b1，(a2b2)b(1b)2b2b2b23b1(2b1)(b1)0，即a2b2b，综上可知a2aba2b2b.12(2022上海模拟)设实数x，y满足3xy28,49，则的最大值是_答案27解析28127，当且仅当9，x

13、y23，即x3，y1时等号成立13(多选)(2022长沙模拟)设实数a，b，c满足bc64a3a2，cb44aa2，则下列不等式成立的是()AcbBb1CbaDa0，ba.而cb44aa2(a2)20，cb，从而cba.14实数a，b，c，d满足下列三个条件：dc；abcd；addca解析由题意知dc，得2abd2cbd，化简得ac，由式abcd及ad成立，综合式得到bdca.15已知函数f(x)ax2bxc满足f(1)0，且abc，则的取值范围是_答案解析因为f(1)0，所以abc0，所以b(ac)又abc，所以a(ac)c，且a0，c，即11.所以解得2xy4，x的最大值为7，y的最大值为6，故女学生人数的最大值为6.xyz，当x3时，条件不成立，当x4时，条件不成立，当x5时，5yz，此时z3，y4.该小组人数的最小值为12.