2021新高考数学（山东专用）二轮复习专题限时集训12　概率与统计 WORD版含解析.doc

1、专题限时集训(十二)概率与统计 1(2019全国卷)为治疗某种疾病，研制了甲、乙两种新药，希望知道哪种新药更有效，为此进行动物试验试验方案如下：每一轮选取两只白鼠对药效进行对比试验对于两只白鼠，随机选一只施以甲药，另一只施以乙药一轮的治疗结果得出后，再安排下一轮试验当其中一种药治愈的白鼠比另一种药治愈的白鼠多 4 只时，就停止试验，并认为治愈只数多的药更有效为了方便描述问题，约定：对于每轮试验，若施以甲药的白鼠治愈且施以乙药的白鼠未治愈，则甲药得 1 分，乙药得1 分；若施以乙药的白鼠治愈且施以甲药的白鼠未治愈，则乙药得 1 分，甲药得1 分；若都治愈或都未治愈，则两种药均得 0 分甲、乙两种

2、药的治愈率分别记为 和，一轮试验中甲药的得分记为 X.(1)求 X 的分布列；(2)若甲药、乙药在试验开始时都赋予 4 分，pi(i0，1，8)表示“甲药的累计得分为 i 时，最终认为甲药比乙药更有效”的概率，则 p00，p81，piapi1bpicpi1(i1，2，7)，其中 aP(X1)，bP(X0)，cP(X1)假设 0.5，0.8.()证明：pi1pi(i0，1，2，7)为等比数列；()求 p4，并根据 p4 的值解释这种试验方案的合理性 解(1)X 的所有可能取值为1，0，1.P(X1)(1)，P(X0)(1)(1)，P(X1)(1)所以 X 的分布列为 X101 P(1)(1)(1

3、)(1)(2)()由(1)得 a0.4，b0.5，c0.1.因此 pi0.4pi10.5pi0.1pi1，故 0.1(pi1pi)0.4(pipi1)，即 pi1pi4(pipi1)又因为 p1p0p10，所以pi1pi(i0，1，2，7)是公比为 4，首项为 p1 的等比数列()由()可得 p8p8p7p7p6p1p0p0(p8p7)(p7p6)(p1p0)4813p1.由于 p81，故 p13481，所以 p4(p4p3)(p3p2)(p2p1)(p1p0)4413p1 1257.p4 表示最终认为甲药更有效的概率由计算结果可以看出，在甲药治愈率为0.5，乙药治愈率为 0.8 时，认为甲药

4、更有效的概率为 p4 12570.003 9，此时得出错误结论的概率非常小，说明这种试验方案合理 2(2020全国卷)某沙漠地区经过治理，生态系统得到很大改善，野生动物数量有所增加为调查该地区某种野生动物的数量，将其分成面积相近的 200 个地块，从这些地块中用简单随机抽样的方法抽取 20 个作为样区，调查得到样本数据(xi，yi)(i1，2，20)，其中 xi 和 yi 分别表示第 i 个样区的植物覆盖面积(单位：公顷)和这种野生动物的数量，并计算得20i1xi60，20i1yi1 200，20i1(xi x)280，20i1(yi y)29 000，20i1(xi x)(yi y)800.

5、(1)求该地区这种野生动物数量的估计值(这种野生动物数量的估计值等于样区这种野生动物数量的平均数乘以地块数)；(2)求样本(xi，yi)(i1，2，20)的相关系数(精确到 0.01)；(3)根据现有统计资料，各地块间植物覆盖面积差异很大为提高样本的代表性以获得该地区这种野生动物数量更准确的估计，请给出一种你认为更合理的抽样方法，并说明理由 附：相关系数 rni1xi x yi y ni1 xi x 2ni1 yi y 2，21.414.解(1)由已知得样本平均数 y 120i120yi60，从而该地区这种野生动物数量的估计值为 6020012 000.(2)样本(xi，yi)(i1，2，20

6、)的相关系数 ri120 xi x yi y i120 xi x 2i120yi y 2800809 0002 23 0.94.(3)分层抽样：根据植物覆盖面积的大小对地块分层，再对 200 个地块进行分层抽样 理由如下：由(2)知各样区的这种野生动物数量与植物覆盖面积有很强的正相关由于各地块间植物覆盖面积差异很大，从而各地块间这种野生动物数量差异也很大，采用分层抽样的方法较好地保持了样本结构与总体结构的一致性，提高了样本的代表性，从而可以获得该地区这种野生动物数量更准确的估计 3(2020全国卷)某学生兴趣小组随机调查了某市 100 天中每天的空气质量等级和当天到某公园锻炼的人次，整理数据得

7、到下表(单位：天)：锻炼人次空气质量等级 0，200(200，400(400，600 1(优)216252(良)510123(轻度污染)6784(中度污染)720(1)分别估计该市一天的空气质量等级为 1，2，3，4 的概率；(2)求一天中到该公园锻炼的平均人次的估计值(同一组中的数据用该组区间的中点值为代表)；(3)若某天的空气质量等级为 1 或 2，则称这天“空气质量好”；若某天的空气质量等级为 3 或 4，则称这天“空气质量不好”根据所给数据，完成下面的 22列联表，并根据列联表，判断是否有 95%的把握认为一天中到该公园锻炼的人次与该市当天的空气质量有关？人次400人次400 空气质量

8、好 空气质量不好 附：K2nadbc2abcdacbd，P(K2k)0.0500.0100.001 k3.8416.63510.828 解(1)由所给数据，该市一天的空气质量等级为 1，2，3，4 的概率的估计值如表：空气质量等级1234 概率的估计值0.430.270.210.09(2)一天中到该公园锻炼的平均人次的估计值为 1100(100203003550045)350.(3)根据所给数据，可得 22 列联表：人次400人次400 空气质量好3337 空气质量不好228 根据列联表得 K210033822372554570305.820.由于 5.8203.841，故有 95%的把握认为

9、一天中到该公园锻炼的人次与该市当天的空气质量有关 4(2017全国卷)为了监控某种零件的一条生产线的生产过程，检验员每天从该生产线上随机抽取 16 个零件，并测量其尺寸(单位：cm)根据长期生产经验，可以认为这条生产线正常状态下生产的零件的尺寸服从正态分布 N(，2)(1)假设生产状态正常，记 X 表示一天内抽取的 16 个零件中其尺寸在(3，3)之外的零件数，求 P(X1)及 X 的数学期望；(2)一天内抽检零件中，如果出现了尺寸在(3，3)之外的零件，就认为这条生产线在这一天的生产过程可能出现了异常情况，需对当天的生产过程进行检查 试说明上述监控生产过程方法的合理性；下面是检验员在一天内抽

10、取的 16 个零件的尺寸：9.95 10.12 9.96 9.96 10.01 9.92 9.98 10.04 10.26 9.91 10.13 10.02 9.22 10.04 10.05 9.95 经 计 算 得 x 116 16i1xi 9.97，s 11616i1xi x 211616i1x2i 16 x 2)0.212，其中 xi 为抽取的第 i 个零件的尺寸，i1，2，16.用样本平均数 x 作为 的估计值，用样本标准差 s 作为 的估计值，利用估计值判断是否需对当天的生产过程进行检查剔除(3，3)之外的数据，用剩下的数据估计 和(精确到 0.01)附：若随机变量 Z 服从正态分布

11、 N(，2)，则 P(3Z3)0.997 4，0.997 4160.959 2，0.0080.09.解(1)抽取的一个零件的尺寸在(3，3)之内的概率为 0.997 4，从而零件的尺寸在(3，3)之外的概率为 0.002 6，故 XB(16，0.002 6)因此 P(X1)1P(X0)10.997 4160.040 8.X 的数学期望 E(X)160.002 60.041 6.(2)如果生产状态正常，一个零件尺寸在(3，3)之外的概率只有 0.002 6，一天内抽取的 16 个零件中，出现尺寸在(3，3)之外的零件的概率只有0.040 8，发生的概率很小，因此一旦发生这种情况，就有理由认为这条

12、生产线在这一天的生产过程可能出现了异常情况，需对当天的生产过程进行检查，可见上述监控生产过程的方法是合理的 由 x 9.97，s0.212，得 的估计值为9.97，的估计值为0.212，由样本数据可以看出有一个零件的尺寸在(3，3)之外，因此需对当天的生产过程进行检查 剔除(3，3)之外的数据 9.22，剩下数据的平均数为 115(169.979.22)10.02.因此 的估计值为 10.02.16i1x2i 160.2122169.9721 591.134，剔除(3，3)之外的数据 9.22，剩下数据的样本方差为 115(1 591.1349.2221510.022)0.008，因此 的估计

13、值为 0.0080.09.1(2020日照模拟)为评估设备 M 生产某种零件的性能，从设备 M 生产零件的流水线上随机抽取 100 个零件作为样本，测量其直径后，整理得到下表：直径/mm5758606162636465666768697072合计 件数11356193318442121100 经计算，样本的平均值 64，标准差 2.2，以频率作为概率的估计值.(1)为评估设备 M 的性能，从样本中任意抽取一个零件，记其直径为 X，并根据以下规则进行评估(P 表示相应事件的频率)：P(X)0.682 7；P(2X2)0.954 5；P(3X3)0.997 3.若同时满足上述三个不等式，则设备 M

14、 的性能等级为甲；若满足其中两个不等式，则设备 M 的性能等级为乙；若仅满足其中一个不等式，则设备 M 的性能等级为丙；若全部不满足，则设备 M 的性能等级为丁试判断设备 M 的性能等级(2)将直径小于或等于 2 或直径大于 2 的零件认为是次品()从设备 M 的生产流水线上任意抽取 2 个零件，计算其中次品个数 Y 的数学期望；()从样本中任意抽取 2 个零件，计算其中次品个数 Z 的数学期望 E(Z)解(1)因为 P(X)P(61.8X66.2)0.80.682 7，P(2X2)P(59.6X68.4)0.940.954 5，P(3X3)P(57.4X70.6)0.980.997 3，所以

15、设备 M 的性能等级为丙(2)易知样本中次品共 6 个，可估计设备 M 生产零件的次品率为 0.06.()由题意可知 YB(2，0.06)，于是 E(Y)20.060.12.()Z 的分布列为 Z012 PC294C2100C16C194C2100C26C2100 故 E(Z)0 C294C21001C16C194C2100 2 C26C2100 3250.12.2(2020济宁模拟)某饮料公司计划从 A，B 两款新配方饮料中选择一款进行新品推介，现对这两款饮料进行市场调查，让接受调查的受访者同时饮用这两款饮料，并分别对 A，B 两款饮料进行评分现对接受调查的 100 万名受访者的评分进行整理

16、，得到如下统计图从对以往调查数据分析可以得出如下结论：评分在0，60)的受访者中有 20%会购买，评分在60，80)的受访者中有 60%会购买，评分在80，100的受访者中有 90%会购买(1)在受访的 100 万人中，求对 A 款饮料评分在 60 分以下的有多少万人？(2)用频率估计概率，现从受访者中随机抽取 1 人进行调查，试估计该受访者购买 A 款饮料的可能性高于购买 B 款饮料的可能性的概率(3)如果你是决策者，新品推介你会主推哪一款饮料，并说明你的理由 解(1)由 A 款饮料的评分饼状图，得对 A 款饮料评分在 60 分以下的频率为0.050.150.2，对 A 款饮料评分在 60

17、分以下的有 1000.220(万人)(2)设受访者购买 A 款饮料的可能性高于购买 B 款饮料的可能性为事件 C记购买 A 款饮料的可能性是 20%为事件 A1；购买 A 款饮料的可能性是 60%为事件A2；购买 A 款饮料的可能性是 90%为事件 A3；购买 B 款饮料的可能性是 20%为事件 B1；购买 B 款饮料的可能性是 60%为事件 B2；购买 B 款饮料的可能性是 90%为事件 B3.则 P(A1)0.050.150.2，P(A2)0.10.20.3，P(A3)0.150.350.5，用频率估计概率得：P(B1)55100 0.1，P(B2)1520100 0.35，P(B3)15

18、40100 0.55.事件 Ai 与 Bj 相互独立，其中 i，j1，2，3，P(C)P(A2B1 A3B1 A3B2)P(A2)P(B1)P(A3)P(B1)P(A3)P(B2)0.30.10.50.10.50.350.255，估计该受访者购买 A 款饮料的可能性高于购买 B 款饮料的可能性的概率为0.255.(3)从受访者对 A，B 两款饮料购买期望角度看，A 款饮料“选择倾向指数”X 的分布列为 X0.20.60.9 P0.20.30.5 B 款饮料“选择倾向指数”Y 的分布列为 X0.20.60.9 P0.10.350.55 E(X)0.20.20.60.30.90.50.67，E(Y

19、)0.20.10.60.350.90.550.725，根据上述期望可知 E(X)E(Y)，故新品推介应该主推 B 款饮料 3(2020济宁模拟)某学校为了对教师教学水平和教师管理水平进行评价，从该校学生中选出 300 人进行统计，其中对教师教学水平给出好评的学生人数为总数的 60%，对教师管理水平给出好评的学生人数为总数的 75%，对教师教学水平和教师管理水平都给出好评的有 120 人(1)填写下面对教师教学水平和教师管理水平评价的 22 列联表：对教师管理水平给出好评对教师管理水平给出差评合计对教师教学水平给出好评对教师教学水平给出差评合计问：是否可以在犯错误的概率不超过 0.1%的前提下，

20、认为对教师教学水平给出好评与对教师管理水平给出好评有关？(2)若将频率视为概率，有 4 名教师参与了此次评价，设教师教学水平和教师管理水平全为好评的教师人数为随机变量 X.求教师教学水平和教师管理水平全为好评的教师人数 X 的分布列(概率用数值作答)；求 X 的数学期望和方差 附：K2nadbc2abcdacbd，其中 nabcd.P(K2k)0.150.100.050.0250.0100.0050.001 k2.0722.7063.8415.0246.6357.87910.828 解(1)由题意可得对教师教学水平和教师管理水平评价的 22 列联表为 对教师管理水平给出好评 对教师管理水平给出

21、差评 合计 对教师教学水平给出好评12060180 对教师教学水平给出差评10515120 合计22575300 K2300120156010521801202257516.66710.828，可以在犯错误的概率不超过 0.1%的前提下，认为对教师教学水平给出好评与对教师管理水平给出好评有关(2)教师教学水平和教师管理水平全为好评的概率为25，且 X 的取值可以是 0，1，2，3，4.P(X0)354 81625，P(X1)C1425353216625，P(X2)C24252352216625，P(X3)C3425335 96625，P(X4)C44254 16625，X 的分布列为 X012

22、34 P816252166252166259662516625 由于 XB4，25，则 E(X)42585，D(X)425125 2425.1“过大年，吃水饺”是我国不少地方过春节的一大习俗.2019 年春节前夕，A 市某质量检测部门随机抽取了 100 包某种品牌的速冻水饺，检测其某项质量指标值，所得频率分布直方图如图：(1)求所抽取的 100 包速冻水饺该项质量指标值的样本平均数 x(同一组中的数据用该组区间的中点值作代表)；(2)()由频率分布直方图可以认为，速冻水饺的该项质量指标值 Z 服从正态分布 N(，2)，利用该正态分布，求 Z 落在(14.55，38.45内的概率；()将频率视为

23、概率，若某人从该市某超市购买了 4 包这种品牌的速冻水饺，记这 4 包速冻水饺中该项质量指标值位于(10，30内的包数为 X，求 X 的分布列和数学期望 附：计算得所抽查的这 100 包速冻水饺的该项质量指标值的标准差 142.7511.95.若 N(，2)，则 P()0.682 7，P(22)0.954 5.解(1)所抽取的 100 包速冻水饺该项质量指标值的平均数为 x 50.1150.2250.3350.25450.1526.5.(2)()Z 服从正态分布 N(，2)，且 26.5，11.95，P(14.55Z38.45)P(26.511.95Z26.511.95)0.682 7，Z 落

24、在(14.55，38.45内的概率是 0.682 7.()根据题意得 XB4，12，P(X0)C04124 116；P(X1)C1412414；P(X2)C2412438；P(X3)C3412414；P(X4)C44124 116.X 的分布列为 X01234 P116143814116 E(X)4122.2插花是一种高雅的审美艺术，是表现植物自然美的一种造型艺术，与建筑、盆景、造园等艺术形式相似，是最优美的空间造型艺术之一为了通过插花艺术激发学生对美的追求，增添生活乐趣，提高学生保护环境的意识，增加团队凝聚力，某高校举办了以“魅力校园、花香溢校园”为主题的校园插花比赛比赛按照百分制的评分标准

25、进行评分，评委由 10 名专业教师、10 名非专业教师以及 20名学生会代表组成，各参赛小组的最后得分为评委所打分数的平均分比赛结束后，得到甲组插花作品所得分数的频率分布直方图和乙组插花作品所得分数的频数分布表，如下所示：分数区间频数 72，76)176，80)580，84)1284，88)1488，92)492，96)396，1001 定义评委对插花作品的“观赏值”如下所示 分数区间72，84)84，92)92，100 观赏值123(1)估计甲组插花作品所得分数的中位数(结果保留两位小数)；(2)从 40 位评委中随机抽取 1 人进行调查，试估计其对乙组插花作品的“观赏值”比对甲组插花作品的

26、“观赏值”高的概率；(3)若该校拟从甲、乙两组插花作品中选出一个用于展览，从这两组插花作品的最后得分来看该校会选哪一组？请说明理由(同一组中的数据用该组区间的中点值作代表)解(1)设甲组插花作品所得分数的中位数为 x，由频率分布直方图可得甲组得分在前三个分数区间的频率之和为 0.3，在最后三个分数区间的频率之和为 0.26，故 x 在84，88)内，且x8488x 0.50.30.50.26，解得 x94411，故 x85.82.(2)设“对乙组插花作品的观赏值比对甲组插花作品的观赏值高”为事件 C，“对乙组插花作品的观赏值为 2”为事件 A2，“对乙组插花作品的观赏值为3”为事件A3，“对甲

27、组插花作品的观赏值为1”为事件B1，“对甲组插花作品的观赏值为 2”为事件 B2，则 P(B1)(0.0100.0250.040)40.3，P(B2)(0.1100.040)40.6，由频数分布表得，P(A2)14440 0.45，P(A3)3140 0.1.因为事件 Ai 与 Bj 相互独立，其中 i2，3，j1，2，所以 P(C)P(A2B1A3B1A3B2)P(A2)P(B1)P(A3)P(B1)P(A3)P(B2)0.450.30.10.30.10.60.225，所以评委对乙组插花作品的“观赏值”比对甲组插花作品的“观赏值”高的概率为 0.225.(3)由频率分布直方图可知，甲组插花作

28、品的最后得分约为(0.01074 0.02578 0.04082 0.11086 0.04090 0.020940.00598)485.6.由乙组插花作品所得分数的频数分布表，得 分数区间频数频率 72，76)10.025 76，80)50.125 80，84)120.300 84，88)140.350 88，92)40.100 92，96)30.075 96，10010.025 所以乙组插花作品的最后得分约为 0.02574 0.12578 0.30082 0.35086 0.10090 0.075940.0259884.8.因为 85.684.8，所以该校会选择甲组插花作品 32019 年

29、女排世界杯是由国际排联(FIVB)举办的第 13 届世界杯赛事，比赛于 2019 年 9 月 14 日至 9 月 29 日在日本举行，共有 12 支参赛队伍最终，中国女排以 11 战全胜且只丢 3 局的成绩成功卫冕本届世界杯冠军中国女排的影响力早已超越体育本身的意义，不仅是时代的集体记忆，更是激励国人继续奋斗、自强不息的精神符号以下是本次世界杯最终比赛结果的相关数据(只列出了前6名)排名球队场次 积分 已赛胜场负场1中国11110322美国11101283俄罗斯1183234巴西1174215日本1165196韩国116518(1)记每个队的胜场数为变量 x，积分为变量 y，若 y 与 x 之

30、间具有线性相关关系，试根据表中数据求出 y 关于 x 的线性回归方程(系数精确到 0.01)，并由此估计本次比赛中胜场数是 4 的塞尔维亚队的积分(结果保留整数)；(2)中国已经获得 2020 年东京奥运会女排比赛的参赛资格，东京奥运会女排比赛一共有 12 支队伍，比赛分为 2 个小组，每个小组进行单循环比赛积分规则是以 30 或者 31 取胜的球队积 3 分、负队积 0 分，以 32 取胜的球队积 2 分、负队积 1 分根据以往比赛的战绩情况分析，中国队与同组的某 2 支强队比赛的比分以及相应概率如下表所示：比分303132231303 概率0.10.20.30.20.10.1 试求小组赛中

31、，中国队与这 2 支球队比赛总积分的期望 参考公式：线性回归方程ybxa中，bni1xiyin xyni1x2in x 2，a y b x，其中 x 1nni1xi，y 1nni1yi.解(1)由表中数据可得 排名123456 胜场数 x11108766 积分 y322823211918 所以 x 1110876668，y 322823211918623.5，6i1xiyi3522801841471141081 185，6i1 x 2i 121 100 64 49 36 36 406，所 以 b 6i1xiyi6 x y6i1x2i6 x 2 1 1856823.54066822.591，所以

32、a y b x 23.52.59182.77，故线性回归方程为y2.59x2.77.当 x4 时，y2.5942.7713.1313，故塞尔维亚队的积分大约是 13 分(2)由题意得，中国队与这 2 支球队中的每支球队比赛时，积 3 分的概率为 0.10.20.3，积 2 分的概率为 0.3，积 1 分的概率为 0.2，积 0 分的概率为 0.10.10.2.设中国队与这 2 支球队比赛的总积分为，则 的可能取值为 6，5，4，3，2，1，0.则 P(6)C220.320.09，P(5)C120.30.30.18，P(4)C120.30.2C220.320.21，P(3)C120.30.2C120.30.20.24，P(2)C120.30.2C220.220.16，P(1)C120.20.20.08，P(0)C220.20.20.04.因此 的分布列如下所示：6543210 P0.090.180.210.240.160.080.04 则 E()60.0950.1840.2130.2420.1610.0800.043.4.