2022届福建省高考物理模拟卷四 含答案.docx

1、2022年福建省高考物理模拟卷四一、单选题（每题4分，共16分）1如图所示，在水平地面上的A点以速度v1跟地面成角射出一弹丸，恰好以v2的速度垂直穿入竖直壁上的小孔B，下列说法中正确的是（）A若在B点以与v2大小相等、方向相反的速度射出弹丸，它必定落在地面上的A点B若在B点以与v1大小相等、方向与v2相反的速度射出弹丸，它必定落在地面上的A点C若在B点以与v2大小相等、方向相反的速度射出弹丸，它必定落在地面上A点的左侧D若在B点以与v1大小相等、方向与v2相反的速度射出弹丸，它必定落在地面上A点的右侧2一质量为2 kg的物体受水平拉力F作用，在粗糙水平面上做加速直线运动时的at图像如图所示，t

2、=0时其速度大小为2 m/s。滑动摩擦力大小恒为2 N，则（）A在t=6 s时刻，物体的速度为18 m/sB在06 s时间内，合力对物体做的功为400 JC在06 s时间内，拉力对物体的冲量为36 NsD在t=6 s时刻，拉力F的功率为200 W3如图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生的交变电动势的图象，当调整线圈转速后，所产生的交变电动势的图象如图线b所示，转动轴垂直于磁场方向。则下列说法中错误的是（）A在图中t=0时刻穿过线圈的磁通量均为最大B线圈先后两次转动的角速度之比为C图线b所对应的电动势的有效值为VD图线a所对应的电动势的瞬时值表达式为（V）4如图所示，一粗糙斜面体静止

3、在水平地面上，斜面体上方水平虚线处装有一光滑定滑轮。一轻绳跨过定滑轮，其一端悬挂物块N，另一端与斜面体上的物块M相连，系统处于静止状态。现把定滑轮沿水平虚线缓慢向右移动小段距离。系统仍处于静止状态，则在此过程中（）A轻绳对滑轮的作用力大小不变B斜面体对M的摩擦力大小一直增加C斜面体对M的作用力大小一直减小D地面对斜面体的支持力大小一直增加二、多选题（每题6分，共24分）5有一匀强电场的方向平行于平面，平面内a、b、c、d四点的位置如图所示，、分别垂直于x轴、y轴，其中a、b、c三点电势分别为、，将一电荷量为的正点电荷从a点开始沿路线移动，则下列判断正确的是（）A坐标原点O的电势为B电场强度的大

4、小为C该点电荷在d点的电势能为D该点电荷从a点移到d点过程中，电场力做功为6如图所示，空间存在一范围足够大的匀强磁场区域，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面（竖直面）向里，为磁场区域的上边界，磁场上方有一个质量为m的正方形导线框，边与平行。已知线框边长为L，总电阻为R，重力加速度为g，线框从图示位置由静止开始自由下落，则在边进入磁场的过程中，关于线框的运动，下列说法中正确的是（）A线框可能一直做匀速运动B线框可能一直做匀加速运动C线框可能先做减速运动再做匀速运动D线框若出现匀速运动，其速度大小一定是7如图所示，足够长的U形管内分别由水银封有L1、L2两部分气体，则下列陈述中正确的是（）A只对L

5、1加热，则h减小，气柱L2长度不变B只对L1加热，则h不变，气柱L2长度增大C若在右管中注入一些水银，L1将增大D使L1、L2同时升高相同的温度，则L1增大、h减小8如图所示，在倾角为的光滑斜面上，劲度系数为的轻质弹簧一端连接在固定挡板上，另一端连接一质量为的物体，一轻细绳通过定滑轮，一端系在物体上，另一端与质量也为的小球相连，细绳与斜面平行，斜面足够长，用手托住球使绳子刚好没有拉力，然后由静止释放，不计一切摩擦，取则（）A、组成的系统在运动过程中机械能不守恒B弹簧恢复原长时速度最大C弹簧恢复原长时细绳上的拉力为D沿斜面向上运动时加速度最大三、填空题（每题4分，共8分）9氢原子能级图如图所示，

6、巴尔末线系是氢原子从n3的各个能级跃迁至n=2能级时辐射光的谱线，则巴尔末线系中波长最长的谱线对应光子的能量为_ eV；氢原子从n=4能级跃迁至n=2能级时。辐射光照射金属钾为阴极的光电管，钾的逸出功为2.25eV，则遏止电压Uc= _V。10如图甲所示为一简谐横波在时的波形图，P是平衡位置在处的质点，Q是平衡位置在处的质点。如图乙所示为质点Q的振动图像。则这列波沿x轴_（选填“正”或“负”）方向传播；从到，P质点通过的路程为_m。四、实验题（每题6分，共12分）11用如图1所示装置探究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道滑下后从点飞出，落在水平挡板上。由于挡板

7、靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。（1）下列实验条件必须满足的有_；A斜槽轨道末段水平B斜槽轨道光滑C每次从斜槽上不同的位置无初速度释放钢球D挡板等间距移动（2）在实验中某同学用一张印有小方格的纸代替白纸记录小球运动的轨迹，小方格的边长，根据小球在平抛运动途中的、四个位置（如图2所示）进行分析，则小球平抛初速度的计算式_（用、表示），其数值是_m/s；小球在点的速率为_m/s。（取，以上计算的结果均保留两位有效数字）。12（1）如图甲所示为多用电表的示意图，现用它测量一个阻值约为20的电阻，测量步

8、骤如下：调节指针定位螺丝，使电表指针停在_（填“电阻”或“电流”）的“0”刻线。将选择开关旋转到欧姆挡的_（填“1”“10”“100”或“1k”）位置。将红、黑表笔分别插入“+”“-”插孔，并将两表笔短接，调节_，使电表指针对准_（填“电阻”或“电流”）的“0”刻线。将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为_。测量完毕，将选择开关旋转到“OFF”位置。（2）为了设计电路，先用多用电表的欧姆挡粗测未知电阻，采用“10”挡，调零后测量该电阻，发现指针偏角非常小，下列判断和做法正确的是_（填字母代号）。A这个电阻阻值很小，估计只有几欧姆B这个电阻阻值很大，估计有几千

9、欧姆C如需进一步测量可换“100”挡，调零后测量D如需进一步测量可换“1”挡，调零后测量五、解答题（13题12分，14题12分，15题16分，共40分）13已知地球质量为，半径为，自转周期为，引力常量为。如图所示，A为在地面附近绕地球做匀速圆周运动的卫星，为地球的同步卫星。（1）求卫星A运动的线速度、周期及向心加速度的大小（2）求卫星到地面的高度。14质量为m，电荷量为q的带负电粒子自静止开始，经M、N板间的电场加速后，从A点垂直于磁场边界射入宽度为d的匀强磁场中，该粒子离开磁场时的位置P偏离入射方向的距离为L，如图所示。已知M、N两板间的电压为U，粒子的重力不计。求：（1）带电粒子离开电场时

10、的速度大小；（2）带电粒子做匀速圆周运动的半径及匀强磁场的磁感应强度B。15如图所示，长为L的轻质细绳一端固定，另一端悬挂一质量为m的小球，将细线拉至水平并刚好伸直，小球由静止开始下摆，并在最低点与质量也为m的滑块发生弹性碰撞。滑块右侧有一段长为0.2L的粗糙地面AB，与滑块的动摩擦因数为0.5，B点右侧放置一质量为2m的圆弧（未固定），已知重力加速度为g，除粗糙地面AB外其余部分摩擦均不计。（1）滑块第一次到达B点时的速度大小；（2）若滑块第一次冲上圆弧时恰能到达其顶端，求圆弧半径；（3）求出滑块最终停下的位置。参考答案：1A【解析】【详解】AC弹丸恰好以速度v2垂直穿入竖直墙壁上的小孔B，

11、反向看为平抛运动，所以在B点以跟v2大小相等、方向相反的速度射出弹丸，它必定落在地面上的A点，故C错误A正确；BD从B到A做平抛运动，所以v1大小大于v2大小，所以在B点以跟v1大小相等、跟v2方向相反的速度，射出弹丸，平抛运动的水平位移会增大，它必定落在地面上A点的左侧，故BD错误。 故选A。2D【解析】【详解】A. 加速直线运动时的at图像所围的面积代表速度的变化量，则则故A错误；B根据动能定理得故B错误；C在06 s时间内，拉力对物体的冲量为故C错误；D在t=6 s时刻，拉力F解得F=10N拉力F的功率为故D正确。故选D。3C【解析】【详解】A在时刻，根据法拉第电感定律可知，磁通量变化率

12、为零，穿过线圈的磁通量最大，故A正确；B由图可知故周期之比为根据可知，角速度之比为故B正确；C电动势的最大值为则两个电压最大之值比则交流电b电压的最大值为图线b所对应的电动势的有效值为故C错误；D交流电a的最大值为20V，角速度为图线a所对应的电动势的瞬时值表达式为故D正确；说法中错误的故选C。4C【解析】【详解】A定滑轮沿水平虚线缓慢向右移动小段距离，绳子间的夹角变小，故轻绳对滑轮的作用力大小变大，A错误；B定滑轮沿水平虚线缓慢向右移动小段距离，绳子拉力的方向与竖直方向变小，但由于不知道摩擦力的方向，故无法判断斜面体对M的摩擦力大小变化情况，B错误；C由于定滑轮沿水平虚线缓慢向右移动小段距离

13、，绳子拉力的方向与竖直方向变小，竖直方向的力增大，故斜面体对M的作用力大小一直减小，C正确；D对M和斜面整体分析，定滑轮沿水平虚线缓慢向右移动小段距离，绳子间的夹角变小，绳子竖直方向分力变大，地面对斜面体支持力变小，D错误。故选C。5AC【解析】【详解】A. 由于是匀强电场，故沿着同一个方向前进相同距离电势的降低相等，故：b-c=a-O代入数据解得：O=3V故A正确；B. 由于是匀强电场，故沿着同一个方向前进相同距离电势的降低相等可知，ab中点e电势为e=3V连接Oe则为等势面，如图所示：根据几何关系可知，abOe，则ab为一条电场线，且方向由b指向a，电场强度为：故B错误；C. 因d点电势比

14、O点高1V，则d=4V，该点电荷在d点的电势能为：EPddq42105J8105J故C正确；D.该点电荷从a点移到d点电场中做功为Wad=Uadq=（2-4）（210-5）J=-410-5J故D错误；故选AC。6ACD【解析】【详解】线框刚开始做自由落体运动，ab边以一定的速度进入磁场，ab边切割磁场产生感应电流，根据电磁感应定律可知ab受到竖直向上的安培力；根据线框刚进入磁场时安培力和重力的大小关系，可能出现的情况为：(i)若线框刚进入磁场时，安培力等于重力，则线框匀速进磁场。即，此时线框做匀速运动，速度为(ii)若线框刚进入磁场时，安培力大于重力，线框做减速运动，安培力减小，线框做加速度减

15、小的减速运动，当线框速度减小到，仍未全部进入磁场，线框后面将做匀速运动。(iii)若安培力小于重力，线框做加速度减小的加速运动，当线框速度减小到，仍未全部进入磁场，线框进入磁场的过程中后面将做匀速运动。故选ACD。7AD【解析】【详解】AB只对L1加热，假设L1气体体积不变，则压强增大；L1的压强p1=p2-ph由于L2的压强p2不变，L1的压强增大，则ph减小，h减小，气柱L1长度变长；气柱L2中气体的压强和温度不变化，则体积不变化，长度不变化，A正确，B错误；C若在右管中注入一些水银，则L2的压强增大，假设L1的体积不变，h不变，L1的压强增大，根据玻意耳定律可知L1的体积减小，L1的长度

16、将减小，C错误；D使L1、L2同时升高相同的温度，假设L1、L2气体的体积都不变，则L1的压强增大，L2压强不变，所以h减小，L1也会增大，D正确。故选AD。8AC【解析】【详解】A由于弹簧对A要做功，所以A、B组成的系统在运动过程中机械能不守恒，故A正确；C设弹簧恢复原长时细绳上的拉力大小为T，根据牛顿第二定律对B有对A有联立解得故C正确；B弹簧恢复原长时A继续沿斜面向上加速，因此，弹簧恢复原长时A速度不是最大，当A的合力为零时速度最大，故B错误；D没有释放B时，弹簧的压缩量为则A沿斜面向上运动10cm时弹簧恢复原长。在弹簧恢复原长前，根据牛顿第二定律对B有对A有联立得随着x减小，A的加速度

17、减小，在弹簧恢复原长后到A的加速度为零的过程，根据牛顿第二定律对B有对A有联立得随着增大，的加速度减小，所以沿斜面向上运动时加速度不是最大，故D错误。故选AC。9 1.89 0.3【解析】【详解】1巴尔末线系中波长最长的谱线，其对应的频率最小，即能级差最小，则氢原子从n=3能级跃迁至n=2能级时辐射光的谱线符合，对应光子的能量为2氢原子从n=4能级跃迁至n=2能级时，放出光子的能量为根据爱因斯坦光电效应方程有代入，解得光电子从阴极飞出，做减速运动，当速度减为零时，根据动能定理有解得遏止电压10 正 【解析】【详解】1由题图乙可知，在时，质点Q沿着y轴负方向运动，因此波沿x轴正方向传播；2由题图

18、乙可知，质点做简谐运动的表达式为则时P点离平衡位置的距离时，波向右传播了1.5m，P点恰好运动到负的最大位移处，因此P质点通过的路程11 A 0.80 1.0【解析】【详解】（1）A斜槽轨道末段水平，以保证小球能做平抛运动，选项A正确；BC斜槽轨道不一定要光滑，只要到达底端时速度相同即可，则每次从斜槽上相同的位置无初速度释放钢球，选项BC错误；D挡板MN不一定要等间距移动，选项D错误。故选A。（2）根据可得则初速度解得 小球在点的竖直速度b点的速率为12 电流 1 欧姆调零旋钮 电阻 19 BC【解析】【详解】（1）使用多用电表前，先进行机械调零， 调节指针定位螺丝，使指针停在电流的零刻度线；

19、进行欧姆调零，先选挡位，由于待测电阻约为20，与欧姆表中央刻度值相近，所以选“1”挡位；欧姆调零，红黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针对准电阻的零刻度线；欧姆表读数是表盘读数乘以挡位倍率，图中读数为191=19；（2） 指针偏角非常小，通过电表内部电流计的电流很小，说明挡位倍率过小，则待测电阻阻值很大，约有几千欧姆，应该选“100”挡，使指针到中央刻度附近，换挡后要重新欧姆调零再测量。故AD错误，BC正确。故选BC。13（1）；（2）【解析】【详解】（1）对卫星A，根据万有引力等于向心力可知可得 （2）对同步卫星卫星B，其周期等于地球的自转周期T，则根据解得14（1）；（2），【解析】【详解

20、】（1）粒子在电场中做匀加速直线运动，在磁场中做匀速圆周运动，粒子运动轨迹如图所示设粒子在M、N两板间经电场加速后获得的速度为v，由动能定理得带电粒子离开电场时的速度大小（2）粒子进入磁场后做匀速圆周运动，设其半径为r，由牛顿第二定律得由几何关系得得解得15（1）；（2）；（3）滑块停止在A点【解析】【详解】（1）设小球与滑块碰前的速度为v0，根据机械能守恒定律得解得小球与滑块碰后的速度分别为v1、v2，根据动量守恒定律得根据机械能守恒定律得解得从A点到B点，根据动能定理得解得（2）根据动量守恒定律得根据机械能守恒定律得解得（3）设滑块刚离开圆弧时的速度为v1，圆弧的速度为v2，根据动量守恒定律得根据机械能守恒定律得解得滑块离开圆弧后向左运动，在粗糙面上位移为x时停止运动，根据动能定理得解得滑块停止在A点。