2022届高考数学精创预测卷 全国乙卷 理科.docx

1、2022届高考数学精创预测卷 全国乙卷 理科学校：_姓名：_班级：_考号：_一、选择题1.已知，若（i为虚数单位）是实数，则( )A.1B.-1C.2D.-22.设集合，则( )A.B.C.D.3.命题“，”为真命题的一个充分不必要条件是( )A.B.C.D.4.已知偶函数在上单调递减，且，则不等式的解集为( )A. B. C. D.5.九章算术是我国古代的一部数学专著，书中记载了一种名为“刍甍”的五面体（如图），四边形为矩形，.若和都是正三角形，且，则异面直线与所成角的大小为( )A.B.C.D.6.现有一圆桌，周边有标号为1，2，3，4的四个座位，甲、乙、丙、丁四位同学坐在一起探讨一个数学

2、课题，每人只能坐一个座位，甲先选座位，且甲、乙不能相邻，则所有选座方法有( )A.6种B.8种C.12种D.16种7.函数的部分图象如图所示，若把的图象向左平移个单位长度后得到函数的图象，则m的值可能为( )A.B.C.D.8.已知实数x，y满足不等式组，若的最大值为m，最小值为n，则( )A.4B.C.D.9.中华人民共和国国歌有84个字，37小节，奏唱需要46秒，某校周一举行升旗仪式，旗杆正好处在坡度15的看台的某一列的正前方，从这一列的第一排和最后一排测得旗杆顶部的仰角分别为60和30，第一排和最后一排的距离为米（如图所示），旗杆底部与第一排在同一个水平面上.要使国歌结束时国旗刚好升到旗

3、杆顶部，升旗手升旗的速度应为( )A.（米/秒）B.（米/秒）C.（米/秒）D.（米/秒）10.若是函数的极值点，则的极小值为( )A.-1B.C.D.111.过椭圆的左焦点F的直线交C于第一象限内的一点P，且该直线斜率为C的离心率，A为C的右顶点，过P点作x轴的垂线，垂足为Q，若且的面积为，则C的离心率为( )A.B.C.D.12.已知是幂函数，且对于均有.若，则( )A.B.C.D.二、填空题13.若直线为双曲线的一条渐近线，则b的值为_.14.已知向量，且，则_.15.在中，内角A,B,C所对的边分别为a,b,c.已知三角形的面积是，且，则的面积是_.16.某几何体的三视图（单位：cm）

4、如图所示，则该几何体所有棱长之和（单位：cm）为_.三、解答题17.随科技创新方面的发展，我国高新技术专利申请数也日益增加，2015年到2019年我国高新技术专利申请数的数据如表所示(把2015年到2019年分别用编号1到5来表示).年份编号x12345专利申请数y(万件)1.61.92.22.63.0(1)求高新技术专利申请数y关于年份编号x的回归方程；(2)由此线性回归方程预测2022年我国高新技术专利申请数.附：，.18.已知数列的前n项和为，.（1）求数列的前n项和；（2）令，求数列的前n项和.19.如图，长方体的底面ABCD是正方形，点E在棱上，.（1）证明：平面；（2）若，求二面角

5、的正弦值.20.已知函数（其中为自然对数的底数）.（1）求证：当时，；（2）若不等式对任意恒成立，求实数a的值.21.已知抛物线的焦点为F，为抛物线上一点，.(1)求抛物线C的标准方程；(2)过M的两直线交抛物线于A，B，且的平分线平行于y轴，试判断的面积是否有最大值？若有，求出最大值；若没有，说明理由.22.选修4-4：坐标系与参数方程在平面直角坐标系xOy中，l的参数方程为(t为参数).以坐标原点为极点，x轴非负半轴为极轴建立极坐标系，曲线C的极坐标方程为.(1)求C的直角坐标方程和l的极坐标方程；(2)设点，直线l与C交于A，B两点.求.23.选修4-5：不等式选讲已知函数.(1)若，求

6、的解集；(2)若恒成立，求实数a的取值范围.参考答案1.答案：C解析：若为实数，则，得.故选C.2.答案：D解析：由题意得集合，所以，故选D.3.答案：B解析：因为命题“，”是真命题，所以，恒成立，所以，结合选项，命题是真命题的一个充分不必要条件是.故选B.4.答案：A解析：若，则等价于，在上单调递减，有，由上，若，则等价于，由偶函数在上单调递增，则，即得，综上，的解集为.故选：A.5.答案：D解析：如图，在平面ABFE中，过F作交AB于G，连接CG，则为异面直线AE与CF所成的角或其补角.设，则.因为，所以四边形AEFG为平行四边形，所以，所以，所以，所以，故选D.6.答案：B解析：先安排甲

7、，其选座方法有种，由于甲、乙不能相邻，所以乙只能坐甲对面，而丙、丁两位同学坐另两个位置的坐法有种，所以共有坐法种数为种.故选：B.7.答案：C解析：由题意可知：，.且，.把函数的图象向左平移m个单位长度得的图象，.当时，故选C.8.答案：B解析：作出不等式组表示的平面区域如图中阴影部分所示，可得.设，则数形结合可知(为点P到直线的距离)，故，选B.9.答案：B解析：如图，由题得，.在中，由正弦定理得，即，解得，则在中，所以升旗的速度应为（米/秒）.故选B.10.答案：A解析：因为，所以，所以，.令，解得或，所以当时，单调递增；当时，单调递减；当时，单调递增，所以的极小值为.11.答案：C解析：

8、设，则，离心率，直线l的方程为.又，则，.又，即，解得.，故选C.12.答案：C解析：因为是幂函数，所以，即，解得或，可得或.因为对于均有，所以，且是偶函数，在上单调递增.因为，所以，故选C.13.答案：解析：因为直线为双曲线的一条渐近线，所以，则.14.答案：-7解析：，.，解得.15.答案：解析：因为，所以，所以，所以.因为，所以，所以.因为，所以，所以.16.答案：解析：本题考查由三视图还原几何体.由三视图知该几何体是一个底面为等腰直角三角形的三棱锥，如图中三棱锥所示，取F为AC的中点，O为BC的中点，连接SO，OF，SF，则平面ABC.由三视图可知则所以该几何体所有棱长之和为.17.答

9、案：(1)回归方程为.(2)2022年我国高新技术专利数为4.01万件.解析：(1)由已知可得，所以回归方程为.(2)由(1)知.又2022年对应的是编号8，所以2022年我国高新技术专利申请数(万件)，即可以预测2022年我国高新技术专利数为4.01万件.18.答案：（1）由，得.又，所以数列是首项为3，公差为1的等差数列，所以，即.（2）当时，又也符合上式，所以，所以，所以，-，得，故.解析：19.答案：（1）证明：由已知得，平面，平面，故.又，所以平面.（2）由（1）知.由题设知，所以，故，.以D为坐标原点，的方向为x轴正方向， 为单位长，建立如图所示的空间直角坐标系Dxyz，则，所以，

10、.设平面EBC的法向量为，则即所以可取.设平面的法向量为，则即所以可取.于是.所以二面角的正弦值为.解析：20.答案：（1）见解析（2）实数a的值为2解析：（1），当时，则；当时，则，在上单调递增，而，.（2）令，则对任意恒成立，若，则，与题意不符.故只需考虑时的情况，令，则，显然当时，故在上单调递增，当时，则，故存在，使得，且当时，单调递减，与题意不符；当时，则，当时，故，在上单调递增.又，故存在，使得，当时，单调递增，与题意不符；当时，则，当时，当时，故在上单调递减，在上单调递增，恒成立.综上，实数a的值为2.21.答案：(1)标准方程为.(2)有最大值，最大值为6.解析：(1)因为为抛物

11、线上一点，所以.因为，所以，即，解得，所以抛物线C的标准方程为.(2)由(1)得，.设.因为的平分线平行于y轴，所以，得，即，整理得，所以.设直线，即，点M到直线的距离，所以.令，由，得，所以.因为是偶函数，所以只需讨论的情况.当时，令，则，所以在上单调递增，所以的最大值为，即的最大值为.综上可知，的面积有最大值，最大值为6.22.答案：(1)C的直角坐标方程为；l的极坐标方程.(2).解析：(1)将代入，得曲线C的直角坐标方程为.将(t为参数)消去参数t，得直线l的普通方程为.将代入，得直线l的极坐标方程.(2)设点A，B对应的参数分别为.因为，所以.将(t为参数)代入，得，所以.，所以.23.答案：(1)解集为.(2)取值范围为.解析：(1)由题知，即.当时，.当时，解得，；当时，恒成立，；当时，解得，的解集为.(2)由，即.令，当且仅当时等号成立，或，解得或或，实数a的取值范围为.