河南省鹤壁市高级中学2019-2020学年高二物理3月线上考试答案（PDF）.pdf

1、第 1页（共 5页）2021 届高二年级下学期全体学生居家测试一物理试卷参考答案与试题解析一选择题（共 8 小题）1、C2、B3、A4、D5、C6、D7、A8、D8、【解答】解：A、由图乙可知，该电压的周期为 0.02s，故频率为 50Hz，故 A 错误；B、由电流的热效应知，一个周期内电阻产生的热量0.010.02，故电压有效值为 50V，故 B 错误；C、电容器两端的瞬时电压不应超过标称电压，故 C 错误；D、电阻 R 产生的热量应使用电压的有效值进行计算，故产生的热量为 Qt.5104J，故 D 正确。故选：D。二多选题（共 6 小题）9【解答】解：A、强磁铁通过钢管时，导致钢管的磁通量

2、发生变化，从而产生感应电流，故 A 错误。B、磁铁在铜管中运动的过程中，虽不计空气阻力，但在过程中，出现安培力做功产生热能，所以系统机械能不守恒，故 B 正确。C、由于磁铁与圆管间存在阻力，则细线中的拉力 FMg，故 C 错误。D、因圆管对磁铁有阻力，所以运动时间与自由落体运动相比会变长，即有 t，故 D 正确。故选：BD。10【解答】解：A、粒子在平行金属板间沿直线运动，说明洛伦兹力和电场力平衡，则 qEqvB1，可得 v，故 A 正确；B、由题意 R，半径与比荷成反比，由于 AP1：AP24：3，所以甲束粒子的比荷小于乙束粒子的比荷，故 B 错误；C、若甲、乙两束粒子的质量相等，则，则，故

3、 C 错误；第 2页（共 5页）D、若甲、乙两束粒子的电荷量相等，则，故 D 正确。故选：AD。11【解答】解：AC、根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，线框受到的安培力为FI其中 v 表示自由落体运动的末速度，若 FImg，则线框进入磁场后继续加速，故 A 错误；若线框进入磁场做加速运动，根据法拉第电磁感应定律，有EBLv可知，v 增大，线框中的感应电动势继续增大，故 C 错误；B、根据楞次定律知，磁场对线框有向上的阻碍作用，故线框受到的安培力方向向上，故B 正确；D、线框从释放到完全进入磁场的过程中，根据能量转化与守恒，线框减少的重力势能等于它增加的动能与产生的焦耳热之和，故 D 正

4、确；故选：BD。12【解答】解：A、B、电阻 R 不产生自感现象，接通开关 S 瞬间，灯 A2 立即正常发光。而电感 L 产生自感电动势，根据楞次定律得知，自感电动势阻碍电流的增大，使得电路中电流只能逐渐增大，所以闭合开关的瞬间，A1 灯逐渐变亮，即 A2 灯先亮，A1 灯后亮。故 A 错误，B 正确。C、闭合开关，待电路稳定后断开开关，通过 A2 灯原来的电流立即消失，电感线圈 L 产生自感电动势，相当于电源，两灯串联，自感电流流过两灯，两灯都熄灭。故 C 正确；D、电路稳定后断开开关，通过 A2 灯原来的电流立即消失，电感线圈 L 产生自感电动势，相当于电源，所以 A1 灯的电流的方向不变

5、，而 A2 灯电流的方向与开始时相反，即断开开关 S 后瞬间，A2 中有方向向右的电流。故 D 正确故选：BCD。13.【解答】解：A、C 由图乙知，1s 末磁感应强度 B2T，回路中电动势为 EBLv+Lvt20.41V+0.411V1.6V故 A 错误，C 正确。B、D 回路中感应电流为 IA1.6A，1s 末 ab 棒所受磁场力为 FBIL21.6第 3页（共 5页）0.4N1.28N故 B 错误，D 正确。故选：CD。14【解答】解：A、霍尔元件中移动的是自由电子，根据左手定则，电子向上表面偏转，即 c 点，所以 d 点电势高于 c 点，故 A 正确；B、最终电子在电场力和洛伦兹力的作

6、用下处于平衡，设霍尔元件的长宽厚分别为 a、b、c，有 qqvB，所以 UBbv，输出脉动电压峰与圆盘转动快慢无关，故 B 错误；CD、当小磁体靠近霍尔元件时，就是会产生一个脉冲电压，因此 c、d 端输出脉冲电压的频率是圆盘转动频率的 4 倍，即为转速的 4 倍，故 C 正确，D 错误；故选：AC。三实验题（共 2 小题）15【解答】解：（1）将电池的负极与电流计的 A 接线柱连接，连接 B 接线柱的导线试触电池正极，发现指针指示如题目图 1 中的 b 位置，则有电流从哪端流入，指针就向哪端偏转，说明感应电流从 B 端流入电流计，而将磁铁 S 极向下插入线圈时，电流计指针指示位置如题目图 2

7、中的 a 位置，说明感应电流从 A 端流入电流计；根据楞次定律“增反减同”，感应磁场向下，再由右手螺旋定则，则线圈 C 端是负极，而D 端是正极，那么与线圈 C 接线柱连接的是电流计的 B 接线柱。（2）若将电流计的 A、B 接线柱分别与乙线圈的 E、F 接线柱连接，将磁铁从线圈中抽出时，电流计指针指示位置如题目图中的 b 位置，那么感应电流从 B 端流入电流计，说明 F 接线柱是正极，因此感应电流是盘旋而下的，依据右手螺旋定则与楞次定律，则感应磁场向下的，由于磁铁拨出，则磁铁 Q 端是 N 极，那么磁铁 P 端是 S 极。故答案为：（1）B；（2）S。16【解答】解：要把毫安表改装成 06A

8、 的电流表，需要并联一个小电阻，并联电阻阻值：R05.0；由题意可知，毫安表内阻是并联电阻 R0 阻值的 200 倍，毫安表示数为 I1，则电路电流：I200I1+I1201I1，根据电路图和闭合电路欧姆定律得：EU+IrI2Rg+（I2+201I1）r，整理得：I2，第 4页（共 5页）作出了 I2 和 I1 的关系图线，经拟合得到直线 I23.0mA0.4I1 可得：I2I1 图象的纵轴截距：b0.003，图象斜率的绝对值：kr0.4解得，电源电动势：E3.0V，电源内阻：r2.0故答案为：5.0、小、3.0、2.0。四计算题（共 3 小题）17.【解答】解：（1）输电线上的电流为：IA输

9、电线路损耗的功率为：PrI2r30kw居民获得的总功率为：P1PPr20kw（2）高压输电后，输电线上的电流为：IA10A输电线路损耗的电压为：U 损Ir10330V降压变压器原线圈的电压为：U2UU 损5000304970V降压变压器的降压比为：答：（1）这时居民获得的电功率 P1 为 20kW（2）降压变压器原、副线圈的匝数比 n1：n2 为 497：2218【解答】解：（1）粒子在电场、磁场中运动的轨迹如图所示。设粒子从 P1 到 P2 的时间为 t，电场强度的大小为 E，粒子在电场中的加速度为 a，由牛顿第二定律及运动学公式有：qEmav0t2h由、式解得：（2）粒子到达 P2 时速度

10、沿 x 方向的分量仍为 v0，以 v1 表示速度沿 y 方向分量的大小，v 表示速度的大小，表示速度和 x 轴的夹角，则有：，且有，由、式得：v1v0，由、式得：45（3）设磁场的磁感应强度为 B，在洛仑兹力作用下粒子做匀速圆周运动，第 5页（共 5页）由牛顿第二定律：（11）r 是圆周的半径。此圆周与 x 轴和 y 轴的交点分别为 P2、P3因为 OP2OP3，45，由几何关系可知，连线 P2P3 为圆轨道的直径，由此可求得：r（12）由、（11）、（12）可得：；19【解答】解：（1）设金属棒沿导轨开始下滑时的加速度大小为 a，根据牛顿第二定律得：mgsinmgcosma，解得：a2.0m/s2（2）设金属棒达到 cd 位置时速度大小为 v、感应电流为 I，金属棒受力平衡，有：mgsinBIL+mgcos，又 I，联立解得：v2.0m/s（3）设金属棒从 ab 运动到 cd 的过程中，电阻 R 上产生的热量为 Q，由能量守恒定律有：mgssinmv2+mgscos+Q，解得：Q0.1J