四川省绵阳南山中学2023届高三数学（文）仿真试题（Word版附解析）.docx

1、秘密启用前【考试时间：2023年5月18日15：00-17：00】绵阳南山中学2023年高考仿真考试数学试题（文科）注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名准考证号填写在答题卡上2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效3考试结束后，将答题卡交回第I卷（选择题，共60分）一单项选择题（本大题共12个小题，每小题5分，共60分）1. 已知集合，则（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】求解不等式得出，进而即可根据交集的运算得出答案.【详解】解可得，或，所以

2、或.又，所以.故选：D.2. 已知（i为虚数单位），则复数在复平面内对应的点位于（ ）A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限【答案】B【解析】【分析】由已知等式求出复数，得到复数，由复数的几何意义得在复平面内对应的点所在象限.【详解】由，得，则，在复平面内对应的点位于第二象限.故选：B3. 若向量，且，则（ ）A. 1B. 5C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据题意，求得，结合，列出方程求得，即可求解.【详解】由向量，可得，因为，可得，解得，所以，可得.故选：D.4. 不等式“”是“”成立的（ ）A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必

3、要条件【答案】A【解析】【分析】解对数不等式和指数不等式，求出解集，进而判断出答案.详解】，解得，解得，因为，但，故“”是“”成立的充分不必要条件.故选：A5. 某高中为了解学生课外知识的积累情况，随机抽取名同学参加课外知识测试，测试共道题，每答对一题得分，答错得分.已知每名同学至少能答对道题，得分不少于分记为及格，不少于分记为优秀，测试成绩百分比分布图如图所示，则下列说法正确的是（ ）A. 该次课外知识测试及格率为B. 该次课外知识测试得满分的同学有名C. 该次测试成绩的中位数大于测试成绩的平均数D. 若该校共有名学生，则课外知识测试成绩能得优秀的同学大约有名【答案】C【解析】【分析】由百分

4、比图知，成绩为100分、80分、60分、40分的百分比分别为，结合各项的描述即可判断其正误.【详解】由图知，及格率为，故A错误.该测试满分同学的百分比为，即有名，B错误.由图知，中位数为分，平均数为分，故C正确.由题意，名学生成绩能得优秀的同学有，故D错误.故选：C6. 在中，角的对边分别为，已知，则的面积为（ ）A. B. 5C. D. 【答案】A【解析】【分析】根据题意，由正弦定理求得，及，结合两角和的正弦公式求得，根据面积公式，即可求解.【详解】在中，因为，可得，由正弦定理，可得，又因为，可得，所以，所以，则.故选：A.7. 若曲线上恰有三个不同的点到直线的距离为，则实数a的值为（ ）A

5、. -3B. C. 1D. -3或1【答案】A【解析】【分析】根据题意可设直线与直线平行，且与曲线的图象相切于点，求导从而得出直线的斜率，进而求得直线的方程，然后结合题意可分析出直线与直线之间的距离为，求得的值，再分析验证是否满足题意即可.【详解】依题意，设直线与直线平行，且与曲线的图象相切于点，对于，定义域为，则，所以有，直线的斜率，又因为直线与直线平行，则有，解得：，则，故点的坐标为，所以直线的方程为：，若曲线上恰有三个不同的点到直线的距离为，必有直线到直线的距离为，则有，解得：或，当时，直线即为与曲线没有交点，曲线上只有个点到直线的距离为，不符合题意；当时，直线即为与曲线有个交点，曲线上

6、恰有三个不同的点到直线的距离为，一个点为点，剩余的两个点则在直线的右下方，符合题意；故.故选：A.8. 记函数的最小正周期为，若，为的一个零点，则的最小值为（ ）A. B. 3C. 6D. 【答案】B【解析】【分析】根据题意，求得，结合为的一个零点，求得，即可求解.【详解】由函数的最小正周期为，因为，可得，又因为，可得，所以，因为为函数的一个零点，所以，解得，即，又因为，所以的最小值为.故选：B.9. 已知抛物线的焦点为，准线为，以为顶点的射线依次与抛物线以及轴交于，两点.若，则（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】过点分别作轴和准线的垂线，垂足分别为为，得到，结合抛物线的定

7、义，即可求解.【详解】由题意，抛物线，可得且，过点分别作轴和准线的垂线，垂足分别为为，如图所示，由抛物线的定义，可得，则，则.故选:A.10. 已知定义在R上的函数在上单调递增，且是偶函数，则满足的x的取值范围为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】由平移法则确定函数关于直线对称，且在上单调递增，结合函数对称性和单调性求解不等式即可.【详解】因为函数是偶函数，所以函数的图象关于直线对称，又在上单调递增， 由，得，即，平方并化简，得，解得，即x的取值范围为.故选：C11. 掷铁饼是一项体育竞技活动如图，这是一位掷铁饼运动员在准备掷出铁饼的瞬间，张开的双臂及肩部近似看成一张拉满弦

8、的“弓”经测量，此时两手掌心之间的弧长是，“弓”所在圆的半径为米，则这位掷铁饼运动员两手掌心之间的距离约为（参考数据：，）（ ）A. 米B. 米C. 米D. 米【答案】A【解析】【分析】由扇形弧长公式可求得圆心角，根据可求得结果.【详解】根据题意作图如下，由题意知：的长为，为的中点，即所求距离约为米.故选：A.12. 如图，在棱长为1的正方体中，分别为棱上的动点（点不与点重合）若，则下列说法正确的个数是（ ）存在点，使得点到平面的距离为；直线与所成角为；平面；用平行于平面的平面去截正方体，得到的截面为六边形时，该六边形周长一定为.A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个【答案】C【解析】【分析

9、】根据已知得出到平面的距离的范围，即可得出；平移即可得出正确；根据可知平面平面，进而说明与平面相交即可判断；根据已知作出截面，即可求出周长.【详解】对于，连接，如图1所示：因为，所以易知，且平面平面，又已知三棱锥各条棱长均为，所以三棱锥为正四面体，所以到平面的距离为：，因为平面，所以，又，且，所以平面，又平面，所以，同理可得，且，所以平面，又因为，所以到平面的距离，且，故正确；对于，易知，直线与所成角即等于与所成角或其余角.因为均为正方体的面对角线，所以为等边三角形，所以，即直线与所成角为，故正确；对于，连接，由可知平面平面，又因为平面平面，所以不平行于平面，所以平面不成立，故错误；对于，如图

10、2，在上取点，过点作交于，过作交于，以此类推，依次可得点，此时截面为六边形，根据题意可知：平面平面，不妨设，所以，所以，所以六边形的周长为：，故正确.综上所述，正确的为.故选：C.二填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13. 双曲线的离心率为2，则右焦点到其渐近线的距离为_【答案】【解析】【分析】由双曲线离心率结合方程求出，得到右焦点的坐标和双曲线渐近线方程，利用公式求点到直线的距离.【详解】双曲线的离心率为2，由得，则，右焦点，渐近线方程为，到渐近线的距离为.故答案为：14. 连续掷骰子两次得到的点数分别记为a和b，则使直线与圆相交的概率为_.【答案】【解析】【分析】列举出符合题意

11、的，由古典概型的概率计算公式可得结果【详解】连掷骰子两次试验结果共有36种，要使直线与圆相交，则，即满足符合题意的有，共21种，由古典概型的概率计算公式可得所求概率为故答案：15. 一个几何体的三视图如图所示，其中正视图和俯视图是直角边长分别为2和4的两个全等的直角三角形，则这个几何体的外接球的表面积为_【答案】【解析】【分析】作出直观图，将其补形为长方体，长方体体对角线长即为外接球直径，从而求出外接球半径和表面积.【详解】画出直观图，如下，三棱锥即为所求，将其补形为长方体，长方体的外接球即为三棱锥的外接球，其中，故几何体的外接球的直径为长方体的体对角线长，即，其中，故半径为，故这个几何体的外

12、接球的表面积为.故答案为：16. 已知函数，若函数有两个极值点，且，则实数的取值范围为_.【答案】【解析】【分析】对函数求导，函数有两个极值点，则，化简得到，利用换元法令，则，构造函数，利用导数求出，结合将参数分离出来，构造函数，即可得出.【详解】 所以，令，所以 令 ，则 令 ，则 所以在上单调递减，所以 所以在上单调递减，所以 令 ，则 恒成立所以在上单调递增，即【点睛】已知函数有零点，求参数取值范围常用的方法和思路(1)直接法:直接根据题设条件构建关于参数的不等式;再通过解不等式确定参数范围.(2)分离参数法:先将参数分离，转化成求函数值城问题加以解决.(3)数形结合法:先对解析式变形，

13、在同一平面直角坐标系中，画出函数的图像，然后数形结合求解三解答题（本大题共6小题，共70分解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）（一）必考题：共60分17. 设数列的前项和为，（1）求证：数列为等比数列，并求数列的通项公式；（2）若和分別是等差数列的第二项和第六项，求数列的前项和【答案】（1）证明见解析， （2）【解析】【分析】（1）根据已知求出.当时，由的关系推得，即可得出证明.进而根据等比数列的通项公式，即可得出答案；（2）根据（1）的结果结合已知条件，可得出首项、公差，进而得出的通项公式.裂项求得，相加即可得出答案.【小问1详解】当时，解得.当时，有，两式作差可得，整理可得，.又，所以

14、，数列为首项为2，公比为2等比数列，所以，所以，.【小问2详解】由（1）可知，所以，.设公差为，则，解得，所以，.所以，所以，数列的前项和.18. 为了研究一种昆虫的产卵数y和温度x是否有关，现收集了7组观测数据列于下表中，并做出了散点图，发现样本点并没有分布在某个带状区域内，两个变量并不呈现线性相关关系，现分别用模型与模型；作为产卵数y和温度x的回归方程来建立两个变量之间的关系.温度x/20222426283032产卵数y/个61021246411332240048457667678490010241.792.303.043.184.164.735.7726692803.571157.540

15、.430.320.00012其中，附：对于一组数据，其回归直线的斜率和截距的最小二乘估计分别为：，.（1）根据表中数据，模型、的相关指数计算分别为，请根据相关指数判断哪个模型的拟合效果更好.（2）根据（1）中的判断，在拟合效果更好的模型下求y关于x的回归方程；并估计温度为30时的产卵数.（，与估计值均精确到小数点后两位）（参考数据：，）【答案】（1）模型的拟合效果更好；（2），当时，估计产卵数为.【解析】【分析】（1）根据相关指数的大小，即可比较模型拟合效果的优劣，相关指数越大，拟合效果越好；（2）由（1）可知选模型，两边取对数得，再令，则，所以先利用最小二乘法求的回归系数，再代换回去即可.【

16、详解】解：（1）因为，所以模型的拟合效果更好.（2）由（1）知模型的拟合效果更好，对于模型：设，则，其中，.所以y关于x的回归方程为，当时，估计产卵数为.【点睛】此题考查了线性回归方程的应用问题，考查了相关指数的应用问题，属于中档题.19. 如图所示，在直角三角形中，将 沿折起到 的位置，使平面平面，点满足.（1）证明：；（2）求点到平面的距离.【答案】（1）证明见解析 （2）【解析】【分析】（1）根据图中的几何关系，利用面面平行证明线面垂直，再证明线线垂直；（2）运用等体积法求解.【小问1详解】在直角三角形中，因为 ，所以 ，即在四棱锥中， ，平面PDB，平面PDB，所以平面，从而平面，如图

17、，在上取一点，使得，连接，因为，所以，所以，又 ，所以四边形是矩形，所以，平面MEF，平面MEF，平面MEF，在中，所以，平面MEF,平面MEF，平面MEF，又因为 ，平面PBD，平面PBD，所以平面平面，所以平面，故；【小问2详解】连接，因为平面平面，交线为，且，所以平面，所以三棱锥的体积，所以，在 中，计算可得，由余弦定理得，所以，设点到平面的距离为，则，故；综上，点M到平面PBE的距离为 .20. 已知椭圆四个顶点形成的四边形为菱形，它的边长为，面积为，过椭圆左焦点与椭圆C相交于M，N两点（M，N两点不在x轴上），直线l的方程为：，过点M作垂直于直线l交于点E（1）求椭圆C的标准方程；（

18、2）点O为坐标原点，求面积的最大值【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）根据题意列式求解即可；（2）根据题意设直线及交点坐标，联立方程结合韦达定理，先证直线过定点，进而可得面积为，换元，构建新函数，利用导数判断单调性求最大值.【小问1详解】由题意可得：，解得，椭圆C的标准方程为【小问2详解】由（1）可得：，即，由题意可设直线，则，联立方程，消去x可得：，则，直线的斜率，则直线的方程为令，则可得，即直线过定点面积为，令，则，令，则，当时恒成立在上单调递减，则，即，面积的最大值为【点睛】解本题两个关键思路：利用韦达定理得出两者之间的关系，并利用该关系证明直线过定点；求面积最大值时，因为使用基

19、本不等式时等号成立条件不满足，所以利用导数求其最大值.21. 已知函数（1）若在上为单调递减函数，求实数的取值范围；（2）设函数，若恰有1个零点，求实数的取值范围【答案】（1）；（2）【解析】【分析】（1）函数单调递减，等价于恒成立，分参即可求出的取值范围（2）讨论在区间上的单调性，根据零点存在性定理判断零点个数，从而确定的取值范围【详解】（1）在上为单调递减函数，对任意恒成立，则，令，则，在单调减，则的最小值为，即，所以实数a的取值范围是（2），所以，当时，所以在单调递增，又因为，所以在上无零点当时，使得，当时，当时，所以在单调递减，在单调递增，又因为，所以若，即时，在上无零点，若，即时，在

20、上有一个零点，当时，在上单调递减且，所以在上无零点，综上，【点睛】题目考察三角函数相关的导数问题，第一小问已知单调性求参数是比较基础的题型，第二小问，已知零点个数求参数，需要对参数进行分类讨论，三角函数的分类讨论要结合三角的范围进行，所以要考虑，和的情况进行讨论（二）选考题：共10分请考生在第2223题中任选一题作答并用2B铅笔将所选题号涂黑，多涂错涂漏涂均不给分如果多做，则按所做的第一题计分 选修4-4：坐标系与参数方程22. 在直角坐标系xOy中，直线的直角坐标方程为，曲线的直角坐标方程为，以坐标原点为极点，轴非负半轴为极轴建立极坐标系.（1）求直线和曲线的极坐标方程；（2）设直线交曲线于

21、两点A，B，求的大小.【答案】（1）， （2）【解析】【分析】（1）代入，即可求解；（2）联立直线和曲线的极坐标方程，根据极角的定义利用和差的正切公式即可求解.【小问1详解】依题意，把，代入，得直线的极坐标方程为；把，代入，得，即曲线的极坐标方程为.【小问2详解】联立和，得，即，所以或，即A，B两点对应的极角的正切值分别是和3，于是，所以. 选修4-5：不等式选讲23. 已知a，b，c为实数且（1）若a，b，c均为正数，当时，求的值；（2）求的最小值【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）由基本不等式可推得，结合已知以及不等式等号成立的条件，即可列出关系式，进而得处答案；（2）根据已知转化为求解的最小值，进而根据柯西不等式，即可得出答案.【小问1详解】由基本不等式得：，以上三个式子相加得，所以，当且仅当时等号成立，此时，所以【小问2详解】，