宁夏回族自治区银川一中2021-2022学年高二下学期期中考试化学试题（解析版）.docx

1、宁夏回族自治区银川一中2021/2022学年高二下学期期中考试化学试题所需相对原子质量：C-12 H-1 O-16 Ca-40 Br-80一、选择题(只有一个正确答案，每题2分，共50分)1. 化学与生活密切相关，下列说法正确的是A. 居室空气污染的主要来源之一是人们使用的装饰材料、胶合板、内墙涂料释放出的一种刺激性气味的气体，该气体是甲醛B. 皂化反应指酯类物质发生碱性水解C. 向鸡蛋清溶液中加入(NH4)2SO4或CuSO4都能使鸡蛋清析出，其作用原理相同D. 利用粮食酿酒经过了淀粉葡萄糖乙醇的化学变化过程，都是水解反应。【1题答案】【答案】A【解析】【详解】A居室空气污染的主要来源之一是

2、人们使用的装饰材料、胶合板、内墙涂料释放出的一种刺激性气味的气体，该气体是甲醛，A正确；B皂化反应指油脂发生碱性水解，B错误；C向鸡蛋清溶液中加入(NH4)2SO4或CuSO4都能使鸡蛋清析出，分别发生了蛋白质的盐析和变性，其作用原理不相同，C错误；D淀粉葡萄糖为水解反应，葡萄糖乙醇不是水解反应，D错误；故选A。2. 近年来科学家制造出大量的新物质。对下列四种物质的相关描述错误的是A. 石墨烯具有良好的导电性B. 石墨炔、石墨烯均能发生加成反应C. 碳纳米管属于无机非金属材料D. 上述四种物质均属于碳的单质【2题答案】【答案】D【解析】【详解】A石墨烯具有良好的导电性，A项正确，故A不符合题意

3、；B石墨炔、石墨烯都含有不饱和碳碳键，均能发生加成反应，B正确，故B不符合题意；C碳纳米管属于无机非金属材料，C项正确，故C不符合题意；D石墨炔、石墨烯、碳纳米管三种物质均属于碳的单质，而金刚烷属于烃类物质，不属于碳的单质，D错误，故D符合题意；答案为：D。3. 下列表示不正确的是A. 乙炔的实验式B. 羟基的电子式：C. 2，3-二甲基丁烷的键线式D. 乙烷的球棍模型【3题答案】【答案】A【解析】【详解】A乙炔的实验式 CH，A错误；B羟基的电子式正确，B正确；C2，3-二甲基丁烷的键线式正确，C正确；D乙烷的球棍模型正确，D正确；故选A。4. 关于油脂，下列说法不正确的是A. 硬脂酸甘油酯

4、可表示为B. 花生油能使酸性高锰酸钾溶液褪色C. 植物油通过催化加氢可转变为氢化油D. 油脂是一种重要的工业原料，可用于制造肥皂、油漆等【4题答案】【答案】A【解析】【详解】A硬脂酸为饱和高级脂肪酸，其结构可以表示为：，硬脂酸甘油酯可表示为：，A错误；B花生油是含有较多的不饱和高级脂肪酸甘油酯，含有碳碳双键可以使酸性高锰酸钾褪色，B正确；C花生油是含有较多的不饱和高级脂肪酸甘油酯，可以和氢气发生加成反生成氢化植物油，C正确；D油脂是一种重要的工业原料，在碱性条件下水解发生皂化反应制造肥皂，D正确；答案为：A。5. 下列说法正确的是（ ）A. 与互为同系物B. 的系统命名是2-甲基-1-丙醇C.

5、 相同压强下的沸点：乙醇乙二醇丙烷D. 室温下，在水中的溶解度：甘油苯酚 1-氯丁烷【5题答案】【答案】D【解析】【分析】A. 同系物必须满足结构相似、组成上相差n个CH2这两个条件；B. 根据系统命名法，分子内含羟基，则命名为某醇；C. 有机物中，相对分子质量越大，其沸点越高；D. 根据相似相容原理进行分析；【详解】A. 中的官能团分别是酚羟基与醇羟基，其结构不同，故不属于同系物，故A项错误；B. 根据系统命名法，分子命名为2-丁醇，故B项错误；C. 相同状况下，有机物的相对分子质量越大，其沸点越高，则乙醇、乙二醇和丙烷的沸点从大到小为：乙二醇乙醇丙烷，故C项错误；D. 有机物分子结构中羟基

6、百分含量越高，其越易溶于水，则甘油、苯酚和1-氯丁烷在水中的溶解度大小为：甘油苯酚 1-氯丁烷，故D项正确；答案选D。【点睛】本题考查有机化合物基本知识，其中A选项是学生的易错点。同系物必须满足“结构上相似、组成上相差n个CH2”这两个条件，且缺一不可。6. 设阿伏加德罗常数的值为NA，下列说法中正确的是A. 1mol苯乙烯中含有的C=C数为4NAB. 标准状况下，22.4L乙醛完全燃烧所耗的氧气分子数为2.5NAC. 2.8g乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NAD. 1L0.1molL-1的乙酸溶液中H+数为0.1NA【6题答案】【答案】C【解析】【详解】A苯环不含双键，1mol苯

7、乙烯中含有的C=C数为NA，A错误；B标准状况下乙醛是液体，B错误；C乙烯和丙烯的最简式是CH2，2.8g乙烯和丙烯的混合气体最简式的物质的量为0.2mol，碳原子数为0.2NA，C正确；D乙酸为弱电解质，部分电离，D错误；故选C。7. 根据有机化合物的命名原则，下列命名正确的是（ ）A. 3甲基1，3丁二烯B. 2羟基丁烷C. CH3CH(C2H5)CH2CH2CH3 2乙基戊烷D. CH3CH(NH2)CH2COOH 3氨基丁酸【7题答案】【答案】D【解析】【详解】A取代基位次最小，故为：2-甲基-1，3-丁二烯，故A错误；B该物质含羟基，属于醇，命名为：2-丁醇，故B错误；CCH3CH(

8、C2H5)CH2CH2CH3最长链是6个碳，命名为：3-甲基己烷，故C错误；D氨基为取代基，从羧基开始编号，则CH3CH(NH2)CH2COOH命名为：3-氨基丁酸，故D正确；答案选D。【点睛】熟记有机物的命名原则：选取最长碳链为主链，取代基的位次之和为最小。8. 下列各组物质能够发生化学反应，且甲组发生取代反应、乙组发生加成反应的是选项甲乙A苯与溴水乙烯与溴的四氯化碳溶液B甲苯与液溴(FeBr3作催化剂)氯乙烯与氢气(催化剂、加热)C乙酸乙酯和氢氧化钠溶液(加热)乙烯通入酸性高锰酸钾溶液中D溴乙烷和氢氧化钠醇溶液(加热)乙醇在灼热铜丝存在下与氧气反应A. AB. BC. CD. D【8题答案

9、】【答案】B【解析】【详解】A苯与溴水不反应，乙烯与溴的四氯化碳溶液发生加成反应生成1,2-二溴乙烷，A不符合题意；B甲苯与液溴在FeBr3作催化剂的条件下发生苯环上的取代反应（主要取代甲基邻、对位的苯环氢），氯乙烯与氢气在催化剂、加热条件下发生加成反应生成氯乙烷，B符合题意；C乙酸乙酯和NaOH溶液在加热条件下发生水解反应生成乙酸钠和乙醇，酯的水解反应也是一种取代反应，乙烯通入酸性高锰酸钾溶液中，乙烯发生氧化反应，C不符合题意；D溴乙烷和NaOH醇溶液加热发生消去反应生成乙烯、NaBr和水，乙醇在灼热铜丝存在下与氧气发生氧化反应生成乙醛和水，D不符合题意；答案选B。9. 已二酸是一种重要的化

10、工原料，科学家在现有工业路线基础上，提出了一条“绿色”合成路线：下列说法正确的是A 苯与溴水混合，充分振荡后静置，下层溶液呈橙红色B. 环己醇与乙醇互为同系物C. 已二酸与溶液反应有生成D. 环己烷分子中所有碳原子共平面【9题答案】【答案】C【解析】【分析】【详解】A.苯的密度比水小，苯与溴水混合，充分振荡后静置，有机层在上层，应是上层溶液呈橙红色，故A错误；B环己醇含有六元碳环，和乙醇结构不相似，分子组成也不相差若干CH2原子团，不互为同系物，故B错误；C己二酸分子中含有羧基，能与NaHCO3溶液反应生成CO2，故C正确；D环己烷分子中的碳原子均为饱和碳原子，与每个碳原子直接相连的4个原子形

11、成四面体结构，因此所有碳原子不可能共平面，故D错误；答案选C。10. 除去下列物质中含有的少量杂质(括号内为杂质)，所选用的试剂和分离方法能达到实验目的是混合物试剂分离方法A乙炔（硫化氢）硫酸铜溶液洗气B乙炔（乙烯）酸性高锰酸钾溶液洗气C乙酸乙酯（乙酸）氢氧化钠溶液分液D苯（甲苯）蒸馏水分液A. AB. BC. CD. D【10题答案】【答案】A【解析】【分析】A、硫化氢与硫酸铜溶液反应生成硫化铜沉淀和硫酸；B、乙炔、乙烯都能被酸性高锰酸钾溶液氧化；C、乙酸乙酯、乙酸都能与氢氧化钠溶液反应；D、苯、甲苯都难溶于水，密度都比水小。【详解】A、硫化氢与硫酸铜溶液反应生成硫化铜沉淀和硫酸，可以用硫酸

12、铜溶液除去乙炔气体中的硫化氢，故A正确；B、乙炔、乙烯都能被酸性高锰酸钾溶液氧化，不能用酸性高锰酸钾溶液除乙炔中的乙烯气体，故B错误；C、乙酸乙酯与氢氧化钠溶液反应生成乙酸钠和乙醇，乙酸与氢氧化钠溶液反应生成乙酸钠和水，所以不能用氢氧化钠溶液除乙酸乙酯中的乙酸，故C错误；D、苯、甲苯都难溶于水，密度都比水小，不能用加蒸馏水分液方法分离苯和甲苯，故D错误。11. 下列有关实验装置及用途叙述完全正确的是A. a装置检验消去反应后有丙烯B. b装置检验酸性：盐酸碳酸苯酚C. c装置用于实验室制取并收集乙烯D. d装置用于实验室制硝基苯【11题答案】【答案】D【解析】【分析】【详解】A挥发的醇及生成的

13、烯烃均使高锰酸钾褪色，由高锰酸钾不能检验丙烯生成，故A错误；B盐酸易挥发，盐酸与苯酚钠反应，图中装置不能比较碳酸、苯酚的酸性，故B错误；C温度计测定反应液的温度，水银球应在液面下，故C错误；D水浴加热制备硝基苯，图中装置可制备，故D正确；故选：D。12. 1，2-丙二醇脱氧脱水反应的催化循环机理如下图所示。下列说法不正确的是A. 产物CH2=CHCH3不存在顺反异构B. 过程中有OH键发生断裂C. 过程中均有CC键发生断裂D. 该反应方程式为：2CH2(OH)CH(OH)CH3HCHO+CH3CHO+CH2=CHCH3+2H2O【12题答案】【答案】C【解析】【详解】A.碳碳双键C上都连不同原

14、子或基团的具有顺反异构，则产物CH2=CHCH3不存在顺反异构，A正确；B.由图可知过程中有O-H键发生断裂，B正确；C.过程中C-C键不变，C错误；D.由图可知1,2丙二醇反应生成甲醛、乙醛、丙烯和水，反应为2CH2(OH)CH(OH)CH3HCHO+CH3CHO+CH2=CHCH3+2H2O，D正确；故合理选项是C。13. 苯并降冰片烯是一种重要的药物合成中间体，结构简式如图。关于该化合物，下列说法正确的是A. 是苯的同系物B. 分子中最多8个碳原子共平面C. 一氯代物有6种(不考虑立体异构)D. 分子中含有4个碳碳双键【13题答案】【答案】B【解析】【分析】【详解】A苯的同系物必须是只含

15、有1个苯环，侧链为烷烃基的同类芳香烃，由结构简式可知，苯并降冰片烯的侧链不是烷烃基，不属于苯的同系物，故A错误；B由结构简式可知，苯并降冰片烯分子中苯环上的6个碳原子和连在苯环上的2个碳原子共平面，共有8个碳原子，故B正确；C由结构简式可知，苯并降冰片烯分子的结构上下对称，分子中含有5类氢原子，则一氯代物有5种，故C错误；D苯环不是单双键交替的结构，由结构简式可知，苯并降冰片烯分子中只含有1个碳碳双键，故D错误；故选B。14. 据长江日报报道，中国工程院院士李兰娟团队于2022年2月4日公布治疗新型冠状病毒肺炎的最新研究成果：“达芦那韦”是抗击新型冠状病毒潜在用药，合成“达芦那韦”的部分路线如

16、图所示，下列说法不正确的是 A. 分子可以发生银镜反应B. B的同分异构体有8种(含B且不考虑立体异构)C. C的分子式为D. 反应、均为取代反应【14题答案】【答案】D【解析】【分析】A到B发生了取代反应，B到C发生了加成反应。【详解】AA中含醛基，可以发生银镜反应，A正确；BB的同分异构体可分别含有1个C-N键，含有丁基，有4种同分异构体，含有2个C-N键时，可分别为甲基、丙基或两个乙基，有3种同分异构体，如含有3个C-N键，则有1种，共8种，B正确；C由结构简式可知C的分子式为C11H15N，C正确；D反应N=C键生成C-N键，为加成反应，D错误；故选D。15. 结构为的有机物可以通过不

17、同的反应得到下列四种物质： 生成这四种有机物的反应类型依次为：A. 取代、消去、酯化、加成B. 酯化、消去、缩聚、取代C. 酯化、取代、缩聚、取代D. 取代、消去、加聚、取代【15题答案】【答案】B【解析】【分析】【详解】通过酯化反应生成，也叫取代反应；在浓硫酸加热作用下发生消去反应生成；在浓硫酸作用下发生缩聚反应生成；发生取代反应生成；故B符合题意。答案为B。16. 有关 的说法不正确的是A. 分子中至少有12个原子共平面B. 完全水解后所得有机物分子中手性碳原子数目为1个C. 与FeCl3溶液作用显紫色D. 与足量NaOH溶液完全反应后生成的钠盐只有1种【16题答案】【答案】C【解析】【详

18、解】A与苯环碳原子直接相连的6个原子和苯环上的6个碳原子一定共平面，故该分子中至少12个原子共平面，A正确；B该物质完全水解后所得有机物为，其中只有与NH2直接相连的碳原子为手性碳原子，即手性碳原子数目为1个，B正确；C该物质含有醇羟基，不含酚羟基，与FeCl3溶液作用不会显紫色，C错误；D与足量NaOH溶液完全反应生成和Na2CO3，生成的钠盐只有1种，D正确；答案选C。17. 下列关于有机化合物的叙述不正确的是A. 甲苯和甘油二者以任意比例混合,当总质量一定时,充分燃烧生成水的质量是不变的B. 某烃的结构简式可表示为 (碳原子数10),已知烃分子中有两种化学环境不同的氢原子,则该烃一定是苯

19、的同系物C. 有机物A、B只可能烃或烃的含氧衍生物,等物质的量的A和B完全燃烧时,消耗氧气的量相等,则A和B的相对分子质量相差可能为8n(n为正整数)D. 现有乙酸和两种链状单烯烃混合物，其中氧的质量分数为a,则碳的质量分数是【17题答案】【答案】B【解析】【分析】【详解】A甲苯和甘油（C3H8O3）的相对分子质量均为92，含H的质量分数相同，则当总质量一定时，以任意比例混合，充分燃烧生成水的质量是不变的，故A正确；B烃分子中有两种化学环境不同的氢原子，X可能为-CCH，与苯的同系物的结构不相似，不是苯的同系物，故B错误；C设有机物的化学式为CxHyOz，在物质的量相等的条件下完全燃烧消耗氧气

20、的物质的量与()有关系，或者物质的量相等的烃CxHy和完全可拆成形式为CxHy(CO2)m(H2O)n的烃的衍生物分别完全燃烧后，它们消耗的O2的量相同，例如有机物中的一个碳原子被另一个有机物中的四个氢原子代替时，A和B的分子量相差8的倍数，故C正确；D由于乙酸的化学式为C2H4O2，链状单烯烃的通式为CnH2n，这说明C和H的质量比始终是6：1，现有乙酸和两种链状单烯烃混合物，其中氧的质量分数为a，则碳和氢的质量分数之和是1a，则碳的质量分数是，故D正确；故选B。18. 聚氯乙烯是制作装修材料的最常用原料。失火时，聚氯乙烯在不同的温度下发生一系列复杂的化学变化，产生大量有害物质，其过程大体如

21、下：下列说法不正确的是A. 聚氯乙烯的单体可由乙烯与HCl加成而得B. 上述反应中属于消去反应，属于(脱氢)氧化反应C. 火灾中由聚氯乙烯产生的有害物质中含HCl、CO、等D. 在火灾现场，可以用湿毛巾捂住口鼻，并弯下腰尽快离开现场【18题答案】【答案】A【解析】【详解】A氯乙烯是由乙炔与氯化氢一比一加成得到，描述错误，符合题意；B反应由有机物分子上脱去小分子HCl，有机物结构中生成不饱和结构，属于消去反应；有机反应中加氧去氢为氧化；描述正确，不符题意；C根据题目所给合成路线，HCl、苯等均有生成，有机物不完全燃烧可以产生CO，描述正确，不符题意；D消防安全知识，描述正确，不符题意；综上，本题

22、选A。19. 用化合物合成重要的有机中间体化合物反应如图所示。下列说法错误的是 A. 化合物和化合物互为同分异构体B. 化合物有3个手性碳原子C. 化合物和化合物完全加成均消耗3 mol H2，且最终的还原产物相同D. 加热回流时的冷凝仪器可使用球形或蛇形冷凝管【19题答案】【答案】C【解析】【分析】【详解】A由结构简式可知化合物和化合物的化学式均为C15H22O，二者的结构不同，因此互为同分异构体，故A正确；B化合物有3个手性碳原子，如图“*”标记的碳原子：，故B正确；C化合物中碳碳双键、碳碳三键能与H2发生加成反应生成，化合物中碳碳双键、羰基能发生加成反应生成，二者的加成产物结构不相同，且

23、未告知化合物和化合物的物质的量，不能确定完全加成消耗H2的物质的量，故C错误；D为增强冷凝效果，加热回流时的冷凝仪器可使用球形或蛇形冷凝管，故D正确；综上所述，说法错误的是C项，故答案为C。20. 化合物A的相对分子质量为136，分子式为C8H8O2。A分子中只含一个苯环且苯环上只有一个取代基，其红外光谱和核磁共振氢谱如下图。下列关于A的说法中不正确的是A. 与A属于同类化合物的同分异构体只有4种B. 符合题中A分子结构特征的有机物只有1种C. A在一定条件下可与3 molH2发生加成反应D. A分子属于酯类化合物，在一定条件下能发生水解反应【20题答案】【答案】A【解析】【分析】有机物A的分

24、子式为分子式C8H8O2，不饱和度为(28+28)/2=5，A分子中只含一个苯环且苯环上只有一个取代基，A的核磁共振氢谱有4个峰且面积之比为1：2：2：3，说明A含有四种氢原子且其原子个数之比为1：2：2：3，结合红外光谱可知，分子中存在酯基等基团，故有机物A的结构简式为，据此解答。【详解】根据以上分析可知有机物A的结构简式为，则A属于同类化合物，应含有酯基、苯环，若为羧酸与醇形成的酯有：甲酸苯甲酯，若为羧酸与酚形成的酯，可以是乙酸酚酯，可以是甲酸与酚形成的酯，甲基有邻、间、对三种位置，故5种异构体，A错误；B符合题中A分子结构特征的有机物只有1种，B正确；C含有苯环，A在一定条件下可与3mo

25、lH2发生加成反应，C正确；DA含有酯基，属于酯类化合物，在一定条件下能发生水解反应，D正确；答案选B。【点睛】本题考查有机物结构的推断、核磁共振氢谱、红外光谱图、官能团性质等，难度中等，推断A的结构是解题的关键，注意结合分子式与红外光谱含有的基团进行判断。21. 分子式为C5H10O2的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇,若不考虑立体异构,这些醇和酸重新组合可形成的酯共有A. 15种B. 28种C. 32种D. 40种【21题答案】【答案】D【解析】【分析】分子式为C5H10O2的酯为饱和一元酯，形成酯的羧酸与醇的碳原子总数为5，讨论羧酸与醇含有的碳原子，判断形成该酯的羧酸与醇的同分异构体种数

26、，根据羧酸与醇组合，计算同分异构体数目。关键是形成酯的羧酸与醇的同分异构体的判断，注意利用数学法进行计算。【详解】根据酯的水解规律可知， C5H10O2发生水解生成的酸有可能有甲酸1种、乙酸1种、丙酸1种、丁酸2种，共5种；水解生的醇可能有甲醇1种、乙醇1种、丙醇2种、丁醇4种，共8种。所以这些醇和酸重新组合可形成的酯共有40种，答案选D。22. 对于下列实验现象的解释，不合理的是实验现象解释A 中产生气体的速率比慢乙醇分子中，乙基对羟基产生影响，使OH键不容易断裂B中振荡静置后分层，上层为橙色；中产生白色沉淀苯酚分子中，苯环对羟基产生影响，使OH键更容易被取代C中振荡静置后分层，下层为紫色溶

27、液；中振荡后紫色溶液褪色甲苯分子中，苯环对甲基产生影响，使甲基上CH更容易被氧化D水浴加热，中未见明显变化；中试管壁上附着一层光亮的银碱性条件下+1价的Ag才能氧化乙醛A. AB. BC. CD. D【22题答案】【答案】B【解析】【详解】A. 乙醇与水均可与钠反应置换出氢气，中产生气体的速率比慢，原因是因为乙醇中的乙基对羟基有影响，使得羟基氢比水的离氢能力弱，故A项正确；B. 根据现象可知，苯酚与溴水发生了取代反应，生成了三溴苯酚白色沉淀，其主要原因是苯酚分子中，酚羟基对苯环产生影响，使苯环上的邻对位更容易被取代，反应条件比苯环减弱所导致的现象，故B项错误；C. 甲苯分子中，苯环对甲基产生影

28、响，使甲基上CH更容易被氧化，导致甲苯可使酸性高锰酸钾褪色，而苯只是分层，没有发生化学变化，故C项正确；D. 水浴加热后，在碱性条件下，发生了银镜反应，则说明乙醛才能被氧化成乙酸，产生银单质，故D项正确；故答案选B。23. 实验室制备苯甲醇和苯甲酸的化学原理是已知苯甲醛易被空气氧化，苯甲醇的沸点为205.3 ，苯甲酸的熔点为121.7 ，沸点为249 ，溶解度为0.34 g；乙醚的沸点为34.8 ，难溶于水。制备苯甲醇和苯甲酸的主要过程如下所示：试根据上述信息，判断以下说法错误的是()A. 操作是萃取分液B. 乙醚溶液中所溶解的主要成分是苯甲醇C. 操作蒸馏所得产品甲是苯甲醇D. 操作过滤得到

29、产品乙是苯甲酸钾【23题答案】【答案】D【解析】【分析】【详解】A从过程上看操作得到乙醚溶液和水溶液，这两个是互不相溶的液体，采用萃取和分液的方法，故A正确；B苯甲醛在氢氧化钾中生成苯乙醇和苯甲酸钾，根据制备苯甲酸和苯乙醇的制备过程，乙醚溶液溶解的主要成分是苯甲醇，故B正确；C操作利用了苯甲醇的沸点为205.3，乙醚的沸点为34.8，两者互溶，利用沸点不同，采用蒸馏的方法得到乙醚和苯乙醇，故C正确；D操作水溶液中加入盐酸，苯甲酸钾转变成苯甲酸，苯甲酸不溶于水，采用过滤的方法进行分离，故D错误；故答案为D。24. 一种药物中间体的结构如图所示。下列说法正确的是 A. 分子式为C12H8O3B.

30、该化合物所有原子一定共平面C. 二氯代物有9种D. 能使溴水和酸性KMnO4溶液褪色【24题答案】【答案】C【解析】【详解】A该物质含有12个碳原子、3个O原子，不饱和度为10，分子式为C12H6O3，A错误；B苯环以及与苯环相连的碳原子共面，该化合物所有碳原子共平面，单键可以旋转，中间的氧原子（非羰基氧）不一定跟所有原子共平面，B错误；C该物质的二氯代物有如图所示共5+3+1=9种，如图：、 (数字表示另一个氯原子的位置)，C正确；D不含碳碳双键、醛基，不能使溴水褪色，与苯环相连的碳原子上没有氢，且不含醛基、碳碳双键、三键，不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，D错误；故选C。25. 某有机样品3.1

31、g完全燃烧，燃烧后的混合物通入过量的澄清石灰水，石灰水共增重7.1g，经过滤得到10g沉淀。该有机样品可能是A. 乙二醇B. 乙醇C. 乙醛D. 乙酸【25题答案】【答案】A【解析】【分析】根据题意，n(CaCO3)=10g100g/mol=0.1mol，有机物中n(C)=0.1mol，m(C)=0.1mol12g/mol=1.2g，产生的水的质量m(H2O)=7.1g4.4g=2.7g，n(H)=2n(H2O)=2.7g18g/mol2=0.3mol，m(H)=0.3g，所以有机物中含氧的质量为：31g1.2g0.3g1.6g，则n(O)=0.1mol，即n(C)n(H)n(O)0.1mol

32、0.3mol0.1mol131。【详解】A乙二醇中C、H、O原子个数比为131，A正确；B乙醇中的原子个数比为261，B错误；C乙醛中的原子个数比为241，C错误；D丙三醇中的原子个数比为383，D错误；故选A。二、填空题(共50分)26. 肉桂酸为微有桂皮香气的无色针状晶体，能抑制黑色酪氨酸酶的形成，是高级防晒霜中不可少的成分之一，实验室制取肉桂酸的原理如下：实验步骤：步骤1在图1所示装置(夹持与加热仪器未画出，下同)的三颈烧瓶内加入K2CO3、苯甲醛(油状物)和乙酸酐，混合均匀后，在170 180 加热反应1 h，冷却。 步骤2向三颈烧瓶内分批加入20 mL水和Na2CO3固体，调节溶液p

33、H约为8。步骤3在三颈烧瓶中加入活性炭，用图2所示水蒸气蒸馏装置蒸馏除去未反应的苯甲醛。 步骤4将三颈烧瓶内反应混合物趁热过滤，滤液冷却至室温，用浓盐酸酸化至pH=3，析出大量晶体，抽滤。并用少量冷水洗涤晶体。 步骤5将晶体在图3所示热水浴上加热干燥。（1）图1中仪器A的作用是_。（2）步骤2中Na2CO3需分批加入的原因是_。（3）水蒸气蒸馏时，判断蒸馏结束的方法是_。（4）步骤4中，“趁热过滤”的目的是_。（5）与使用烘箱烘干相比，热水浴干燥的优点是_。【26题答案】【答案】（1）(利用空气)冷凝回流，提高原料利用率 （2）防止加入太快，产生大量CO2气体，可能会将反应液冲出，且不利于pH

34、测定 （3）馏出液澄清透明(或取少量馏出液滴入水中，无油珠存) （4）除去固体杂质，防止肉桂酸结晶析出 （5）防止温度过高，产品变质【解析】【小问1详解】仪器A有较长的玻璃管，可以(利用空气)冷凝回流，提高原料利用率；【小问2详解】产物有酸生成，一次性加入碳酸钠固体，产生大量二氧化碳气体，可能会将反应液冲出，因此碳酸钠需分批加入的原因是：防止加入太快，产生大量CO2气体，可能会将反应液冲出，且不利于pH测定；【小问3详解】图2所示水蒸气蒸馏装置蒸馏除去未反应的苯甲醛，苯甲醛是油状物，故水蒸气蒸馏时，馏出液澄清透明时，可判断蒸馏结束，或取少量馏出液滴入水中，无油珠存在，可判断蒸馏结束；【小问4详

35、解】由步骤可知，趁热过滤后对滤液进行操作结晶产品，故趁热过滤的目的是除去固体杂质，并保证产品不析出，即除去固体杂质，防止肉桂酸结晶析出；【小问5详解】烘箱烘干的温度较高，产品易变质，与使用烘箱烘干相比，热水浴干燥的优点是：防止温度过高，产品变质。28. 与溴乙烷类似，乙醇在一定的条件下也可发生消去反应生成乙烯。环己烯是重要的化工原料。其实验室制备流程如下：回答下列问题：. 环己烯的制备与提纯（1）原料环己醇中若含乙酸杂质，检验试剂为_，现象为_。（2）操作1的装置如图所示(加热和夹持装置已略去)。烧瓶A中进行的可逆反应化学方程式为_，浓硫酸也可作该反应的催化剂，选择FeCl36H2O而不用浓硫

36、酸的原因为_(填序号)。a浓硫酸易使原料炭化并产生SO2bFeCl36H2O污染小、可循环使用，符合绿色化学理念c同等条件下，用FeCl36H2O比浓硫酸的平衡转化率高（3）操作2用到的玻璃仪器是_。（4）将操作3(蒸馏)的步骤补齐：安装蒸馏装置，加入待蒸馏的物质和沸石，_，弃去前馏分，收集83 的馏分。. 环己烯含量的测定在一定条件下，向a g环己烯样品中加入定量制得的b mol Br2，与环己烯充分反应后，剩余的Br2与足量KI作用生成I2，用c molL-1的Na2S2O3标准溶液滴定，终点时消耗Na2S2O3标准溶液V mL(以上数据均已扣除干扰因素)。测定过程中，发生的反应如下：Br

37、2+ Br2+2KI=I2+2KBr I2+2Na2S2O3=2NaI+Na2S4O6（5）滴定所用指示剂为_。样品中环己烯的质量分数为_(用字母表示)。（6）下列情况会导致测定结果偏低的是_(填序号)。a样品中含有环己二烯杂质 b在测定过程中部分环己烯挥发 cNa2S2O3标准溶液部分被氧化【28题答案】【答案】（1） . NaHCO3溶液(或者紫色石蕊试液) . 有气泡产生(溶液变红)(答案合理即可) （2） . +H2O . ab （3）分液漏斗、烧杯 （4）通冷凝水，加热 （5） . 淀粉溶液 . 100% （6）bc【解析】【分析】由题给流程可知，在六水氯化铁做催化剂条件下，环己醇共

38、热发生消去反应制得环己烯粗产品，向粗产品中加入饱和氯化钠溶液洗涤、分液得到水相和有机相，向有机相中加入无水盐除去有机相中的水分，干燥环己烯，过滤得到混有有机杂质的环己烯，蒸馏收集83 的馏分得到环己烯。【小问1详解】若环己醇中混有乙酸杂质，向环己醇中加入碳酸氢钠溶液，会有无色气泡逸出，加入紫色石蕊试液，溶液会变为红色，故答案为：NaHCO3溶液(或者紫色石蕊试液)；有气泡产生(溶液变红)；【小问2详解】烧瓶A中进行的可逆反应为在六水氯化铁做催化剂条件下，环己醇共热发生消去反应生成环己烯和水，反应的化学方程式为+H2O；a浓硫酸具有强氧化性和脱水性，易使环己醇脱水炭化，炭化所得碳与浓硫酸共热反应

39、生成污染环境的二氧化硫气体，所以选用六水氯化铁，不选用浓硫酸，故正确；b六水氯化铁无毒污染小，回收的六水氯化铁可循环使用，符合绿色化学理念，所以选用六水氯化铁，不选用浓硫酸，故正确；c催化剂能改变反应速率，但不改变平衡移动的方向，所以同等条件下，用六水氯化铁和用浓硫酸的平衡转化率相同，故错误；故选ab；【小问3详解】由分析可知，操作2为分液得到有机相，用到的玻璃仪器是分液漏斗、烧杯，故答案为：分液漏斗、烧杯；【小问4详解】由分析可知，操作3为蒸馏得到环己烯，蒸馏的操作过程为安装蒸馏装置，加入待蒸馏的物质和沸石，向冷凝管中通冷凝水，加热蒸馏烧瓶，弃去前馏分，收集83 的馏分得到环己烯，故答案为：

40、通冷凝水，加热；【小问5详解】由题意可知，可以选用能使碘水变蓝色的淀粉溶液做判断滴定终点的指示剂；由方程式可得如下关系：Br2I22Na2S2O3，滴定由滴定终点时消耗VmLcmol/L硫代硫酸钠溶液可知，过量的溴的物质的量为cmol/L103VL=mol，则样品中环己烯的质量分数为100%，故答案为：淀粉溶液；100%；【小问6详解】a若样品中含有环己二烯杂质，消耗溴的物质的量增大导致滴定时硫代硫酸钠溶液的体积偏小，所测结果偏高，故错误；b若在测定过程中部分环己烯挥发，消耗溴的物质的量减小导致滴定时硫代硫酸钠溶液的体积偏大，所测结果偏低，故正确；c硫代硫酸钠标准溶液部分被氧化导致滴定时硫代硫

41、酸钠溶液的体积偏大，所测结果偏低，故正确；故选bc。30. 化合物是一种应用广泛的高分子材料。其合成路线为：已知：酯交换反应(1)D中官能团名称_。(2)E生成F加入的Y试剂是_；F生成G的反应类型是_。(3)A生成B的反应方程式为_；F()与NaOH溶液反应的方程式为_。(4)E满足下列条件的同分异构体共有_种(不包括E)；写出核磁共振氢谱峰面积比是的异构体结构简式_。含有苯环且苯环上只有两个取代基；能与溶液发生显色反应；属于酯类物质。(5)利用题中信息，设计由乙烯(CH2=CH2)和对二甲苯()制备的合成路线_。(无机试剂任选)【30题答案】【答案】 . 羟基羧基 . . 缩聚反应 . +

42、HCl . +3NaOH+HOCH2COONa+2H2O . 8 . . .【解析】【分析】本题对比反应物和生成物的结构简式，找出断键的部位，确认发生的反应类型，如AB：羟基上断裂OH键，CH3COCl断裂OCl键，H和Cl结合成HCl，羰基上的C与A中O原子结合，该反应为取代反应，利用官能团的性质进行分析；【详解】(1)根据D的结构简式，推出D中含有的官能团是(酚)羟基、羧基；故答案为(酚)羟基、羧基；(2)根据题中信息，以及E和F的结构简式，推出Y的结构简式为HOCH2COOH，化学式为C2H4O3；G为高分子化合物，根据G的结构简式，FG的反应类型为缩聚反应；故答案为C2H4O3；缩聚反

43、应；(3)根据上述分析，AB发生取代反应，其反应方程式为+HCl；F的结构简式中含有酚羟基、酯基、羧基，这三个官能团能与NaOH反应，其反应方程式为+3NaOHHOCH2COONa2H2O；故答案为+HCl；+3NaOHHOCH2COONa2H2O；(4)能与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基，属于酯类物质，含有酯基，若苯环上有两个取代基，分别为COOCH3、OH(邻、间位，共2种)，、OH(邻、间、对，有3种)，、OH(邻、间、对，有3种)，满足条件的E的同分异构体共有233=8；其中核磁共振氢谱峰面积之比为1：1：2：2：2的结构简式为；故答案为8；(5)制备的物质是对苯二甲酸与乙

44、醇发生酯化反应得到，对二甲苯在酸性高锰酸钾溶液作用下发生氧化反应，得到对苯二甲酸，乙烯与水发生加成反应得到乙醇，即合成路线为；故答案为。31. 中枢神经兴奋剂芬坎法明的合成路线如下：已知：i、（R、表示烃基或氢）ii、请回答：(1)A属于芳香烃，名称是_。(2)J中所含官能团是_。(3)CD的化学方程式是_。(4)E具有反式结构，其结构简式是_。(5)H是五元环状化合物，GH的化学方程式是_。(6)1mol转化为，同时生成H2O，理论上需要H2的物质的量是_mol。(7)J芬坎法明转化过程中，中间产物X可能的结构简式是_。【31题答案】【答案】 . 甲苯 . 氨基 . . . . 4 . 【解

45、析】【分析】A经过氯气光照可生成C7H7Cl，说明发生了取代反应，A属于芳香烃，则分子式为C7H8，可推知A为甲苯；则B为氯甲苯，逆合成分析法可知，C中含可发生氧化反应的羟基，则知B经过水解反应生成C，C为苯甲醇，在铜做催化剂加热条件下氧化为D（苯甲醛），再结合已知信息，同时具有反式结构，其结构简式为；根据I的结构及已知信息ii的提示，采用逆合成分析法，可推出H为五元双烯烃环状化合物，即为，据此可知，G中两个溴原子的位置为邻位，即为，F与溴的四氯化碳发生加成反应得到G，故F为，据此分析作答。【详解】有上述分析可知，（1）A属于芳香烃，分子式为C7H8，故名称为甲苯，故答案为甲苯；（2）J的结构

46、简式为，其分子内所含官能团为氨基，故答案为氨基；（3）CD为醇催化氧化为醛的过程，其化学方程式为：，故答案为；（4）根据已知信息i可推知E中引入新的官能团碳碳双键和硝基，又E具有反式结构，则其结构简式为：，故答案为；（5）H为，根据氢氧化钠的醇溶液加热的反应条件可推知GH的转化是G分子的两个相邻溴原子发生消去反应的过程，其化学方程式为：，故答案为；（6）1mol 被还原为，可以看出分子内的1mol碳碳双键需要消耗1 mol氢气，理论上1 mol硝基在一定条件下消耗3 mol氢气生成1 mol氨基与2 mol水，故总共消耗氢气 4 mol，故答案为4；（7）醛基被氨基还原成醇，醇发生消去反应生成碳碳双键，则中间产物可能是，故答案为。