2013版高中生物全程复习方略配套课件（苏教版）：1.2.2细胞中的生物大分子(二).ppt

1、第二节细胞中的生物大分子(二)一、蛋白质的结构和功能1.氨基酸及其种类(1)写出图中结构名称：a._；c._。(2)比较图中两种氨基酸，写出氨基酸的结构通式：_(3)不同的氨基酸取决于R基的不同，图中两种氨基酸的R基分别是_。氨基羧基b、dH2N C COOHRHCHCH2NOHOR1CHCNOHOR2H2HH脱水缩合OH H HOH CHCH2NOR1CHCNOHOR2HH2O肽键二肽脱水缩合反应2.氨基酸通过脱水缩合形成二肽(1)过程名称：_；场所：_。(2)物质：_。(3)结构：_，其结构简式为：_。(4)H2O中H的来源：_。(5)多个氨基酸发生该反应，产物名称为：_。脱水缩合核糖体二

2、肽肽键NHCO一个来自氨基，一个来自羧基多肽3.蛋白质结构和功能的多样性(1)多样性的原因：组成蛋白质的氨基酸的_、_、_不同；组成蛋白质的多肽链的_和_不同。种类数目排列顺序数目空间结构(2)功能的多样性：将下列实例与相应的蛋白质功能连接起来。【点拨】(1)各种氨基酸理化性质不同的原因在于R基不同。(2)R基中可以含有氨基、羧基，R基也可能是氨基、羧基。(3)若蛋白质结构发生不可逆转的改变，则会失去生物学活性。二、鉴定蛋白质1.鉴定原理蛋白质+_ _。双缩脲试剂碱性条件紫色2.过程取2支洁净的试管并编号加入已编号的试管取2 mL鸡卵清蛋白、牛奶(或生物组织研磨液)等加入2 mLNaOH溶液轻

3、轻振荡，摇匀，并观察物质的颜色变化各加入34滴CuSO4溶液轻轻振荡，摇匀，并观察物质的颜色变化三、核酸的种类和功能1核酸的结构(1)化学元素：_。(2)基本单位_。填写单体的组成成分：a._、b._、c._。填写有关组成成分的种类：b._种，c._种。C、H、O、N、P核苷酸磷酸五碳糖含氮碱基25_(4种)DNA _(4种)RNA(3)比较DNA和RNA在组成上的区别：DNA特有的结构：_、_。RNA特有的结构：_。2核酸的功能(1)细胞内携带_的物质；(2)在生物体的_和_中具有极其重要的作用。【点拨】核酸是一切生物的遗传物质。病毒的遗传物质是DNA或RNA；细胞生物(原核生物或真核生物)

4、的遗传物质是DNA。单体的种类脱氧核苷酸核糖核苷酸脱氧核糖胸腺嘧啶(T)核糖、尿嘧啶(U)遗传信息遗传、变异蛋白质的生物合成组成组成【思维判断】1.分子式中只要有氨基和羧基，就可以判断为构成生物体的氨基酸。()【分析】构成生物体的氨基酸至少含有一个氨基和一个羧基，且必须连在同一个碳原子上。2.细胞中氨基酸的种类和数量相同的蛋白质是同一种蛋白质。()【分析】蛋白质的结构由氨基酸的种类、数量、排列顺序以及肽链的数目和空间结构决定，氨基酸种类和数量相同的蛋白质，若排列顺序不同、肽链的数目和空间结构不同，会构成不同的蛋白质。3.蛋白质结构的多样性决定了其功能的多样性。()【分析】每种蛋白质都具有各自特

5、定的空间结构，这就决定了蛋白质分子结构的多样性；具有特定结构的蛋白质都有特定的生物功能，这就是蛋白质功能的多样性。4.DNA是一切生物的遗传物质。()【分析】核酸是一切生物的遗传物质。大多数生物的遗传物质是DNA，少数RNA病毒的遗传物质是RNA，故DNA是主要的遗传物质。蛋白质的结构和功能1.蛋白质的四个结构层次及其多样性氨基酸组成多肽脱水缩合反例:非生物体内氨基酸举例特点分析至少有一个NH2和一个COOH,R基中也可能含有NH2和COOHR基中含COOH:COOHNH2CH2 CH2 CH COOH都有一个NH2 和一个COOH连接在同一个碳原子上CH2CH2 CH2 COOHNH2R基中

6、含NH2:CH2 (CH2)3 CH COOHNH2NH2元素：C、H、O、N(有的还含有Fe、S等元素)氨基酸的种类不同氨基酸的数目不同氨基酸的排列顺序不同肽链的数目和空间结构不同结构蛋白:构成生物体功能蛋白:催化、运输、免疫、调节表现决定功能多样性结构多样性蛋白质盘折曲叠2.有关蛋白质合成问题的计算(1)氨基数=肽链数+R基上的氨基数=各氨基酸中氨基总数-肽键数。(2)羧基数=肽链数+R基上的羧基数=各氨基酸中羧基总数-肽键数。(3)氮原子数=肽键数+肽链数+R基上的氮原子数=各氨基酸中N的总数。(4)氧原子数=肽键数+2肽链数+R基上的氧原子数=各氨基酸中O的总数-脱去水分子数。(5)氢

7、原子数=各氨基酸中H的总数-2脱去水分子数。(6)假设氨基酸的平均相对分子质量为a，由n个氨基酸分别形成1条肽链或m条肽链。形成肽链数形成肽键数脱去水分子数氨基数目羧基数目多肽相对分子质量1n-1n-1至少1个至少1个na-18(n-1)mn-mn-m至少m个至少m个na-18(n-m)【技巧点拨台】蛋白质合成过程中的计算技巧(1)氨基酸与相应DNA、RNA片段中碱基数目之间计算时，当出现关键词“最多”、“至少”时，不应考虑该计算过程中终止密码子的碱基数。(2)计算O和H的数量变化时，不要漏掉增加H2O中O、H数值。【典例训练1】以下关于氨基酸和多肽的叙述中正确的是()A一条由n个氨基酸组成的

8、肽链中含有的羧基数目和氧原子数目至少是1和nBn个氨基酸共有m个氨基，则这些氨基酸缩合成的一个多肽中的氨基数必为m-nC通常情况下，分子式为C63H102O45N17S2的链状多肽化合物中最多含有17个肽键D甜味肽的分子式为C13H16O5N2，则甜味肽一定是二肽【解题指南】1知识储备：(1)构成生物体的氨基酸的特征：每个氨基酸至少含有1个氨基和1个羧基，并且连在同一个碳原子上。(2)多肽的特征：一条多肽链的首端和尾端一定含有1个氨基和1个羧基。(3)肽键数计算公式及组成肽键的元素种类分析。2解题关键：(1)明确每一个羧基中均有2个氧原子，每一个肽键中均有1个氧原子和1个氮原子。(2)根据分子

9、式中氮原子数可以分析出最多的氨基酸数。【解析】选D。结合氨基酸的组成，分析甜味肽分子式C13H16O5N2，可知应由2个氨基酸组成，一定属于二肽，D项是正确的。A项中，一条由n个氨基酸组成的肽链中含有氧原子数目为(n-1)(肽键中O)+2(最末端羧基中O)=n+1个，不是n个；B项n个氨基酸共有m个氨基，则m-n表示的是R基中氨基数，因此这些氨基酸缩合成的一个多肽中的氨基数必为m-n+1(首端的氨基)；C项中，分子式为C63H102O45N17S2的链状多肽化合物中最多参与构成的氨基酸为17个(结合N分析)，则可得出该化合物中最多含有16个肽键。鉴定蛋白质1.蛋白质检测原理的两点剖析(1)在碱

10、性溶液(NaOH)中，双缩脲能与Cu2+作用，形成紫色的络合物。(2)蛋白质分子中含有很多与双缩脲结构相似的肽键，故蛋白质可与双缩脲试剂发生紫色反应。2.斐林试剂与双缩脲试剂的五点比较斐 林 试 剂双 缩 脲 试 剂甲液乙液A液B液成分0.1 g/mLNaOH溶液0.05 g/mLCuSO4溶液0.1 g/mLNaOH溶液0.01 g/mLCuSO4溶液鉴定物质还原性糖蛋白质添加顺序 甲、乙两液等量混匀后立即使用先加入A液2 mL,摇匀，再加入B液34滴，摇匀反应条件隔水加热不需加热，摇匀即可反应现象浅蓝色棕色砖红色沉淀浅蓝色紫色3.实验材料的选择(1)宜选用蛋白质含量较高的生物组织。如豆浆、

11、蛋清等。(2)若使用蛋清作为实验材料，使用时必须稀释，否则实验后蛋清会粘在试管壁上，不易洗刷；若用豆浆作为实验材料，应稀释清淡一些，效果会更好。【高考警示钟】双缩脲试剂的滴加(1)操作要领：要确保A液的量远多于B液的量，先加入A液2mL，摇匀，再加入B液34滴，摇匀。(2)禁忌：双缩脲试剂不用加热，要现配现用。【典例训练2】在可溶性还原性糖、脂肪、蛋白质的鉴定实验中，对实验材料的选择叙述错误的是()A.马铃薯块茎中含有较多的糖且近于白色，可用于进行可溶性还原性糖的鉴定B.花生种子富含脂肪且子叶肥厚，是用于脂肪鉴定的好材料C.大豆种子蛋白质含量高，是进行蛋白质鉴定的理想植物组织材料D.鸡蛋清含蛋

12、白质多，是进行蛋白质鉴定的动物材料【解题指南】1.考查实质：对还原性糖、脂肪和蛋白质鉴定实验选材的理解。2.知识储备：实验材料要选择颜色浅或无色的材料，避免材料的颜色干扰实验结果。【解析】选A。用于可溶性还原性糖鉴定的材料的要求是：含糖量高，且必须是还原性糖(如葡萄糖、麦芽糖、果糖)。颜色较浅或近于白色，便于观察。马铃薯块茎中含有的糖大多是淀粉，还原性糖含量极少。用于脂肪鉴定的材料是富含脂肪的种子，花生种子富含脂肪，是用于脂肪鉴定的理想材料。用于蛋白质鉴定的材料是富含蛋白质的生物组织，常用的是大豆和鸡蛋清(蛋白)。核酸的结构、分类和功能1核酸的结构层次核苷酸链核酸小分子物质：磷酸五碳糖含氮碱基

13、+脱水聚合构成一条或两条核苷酸基本单位：相互连接核苷或2核酸的两大分类和五项比较比较项目核酸DNARNA基本单位分布空间结构由一条核糖核苷酸长链构成核苷酸脱氧核苷酸核糖核苷酸细胞核（主要）、线粒体、叶绿体细胞质（主要）由两条脱氧核苷酸长链构成，呈现规则双螺旋结构比较项目核酸DNARNA化学成分碱基五碳糖磷酸功能作为遗传物质（有些病毒）作为酶，具有催化功能传递遗传信息(mRNA)，运输氨 基 酸(tRNA)，组 成 核 糖 体(rRNA)A(腺嘌呤)、C(胞嘧啶)、G(鸟嘌呤)T(胸腺嘧啶)U（尿嘧啶）脱氧核糖核糖磷酸携带遗传信息，控制性状3三类生物的核酸、核苷酸及碱基的情况生物类别核酸核苷酸碱

14、基遗传物质举例原核生物和真核生物含有DNA和RNA两种核酸85DNA细菌、人等病毒只含DNA44DNA噬菌体只含RNA44RNA烟草花叶病毒【高考警示钟】有关核酸知识的理解(1)核苷酸、DNA、RNA和ATP中“A”的含义辨析:核苷酸分子中的A是腺嘌呤；DNA和RNA中的A是腺嘌呤脱氧核苷酸和腺嘌呤核糖核苷酸；ATP中的A是腺苷，由腺嘌呤和核糖组成。(2)同种生物的不同细胞中，核DNA都相同(不考虑基因突变)，而mRNA和蛋白质则不同，这与基因选择性表达有关。(3)DNA呈双螺旋结构，所以具有稳定性。而RNA一般呈单链，结构不稳定，更容易发生变异。【典例训练3】细胞内的生物大分子是由单体相互结

15、合形成的多聚体。图中甲、乙、丙为细胞内重要的三种多聚体，a和b为其单体。请结合此图，判断以下的叙述中正确的是()A在人体细胞内，a共有4种BATP是由a连接两个高能磷酸键形成的Cb可与双缩脲试剂发生紫色反应D在某人的神经细胞和肝细胞中，甲一般相同，乙、丙一般不相同【解题指南】1考查实质：本题主要考查了DNA和RNA基本组成及相互比较、ATP的组成、蛋白质鉴定等知识。2知识储备：(1)T2噬菌体是DNA病毒，由DNA和蛋白质组成；甲流病毒是RNA病毒，由RNA和蛋白质组成。(2)DNA与RNA组成及比较；(3)ATP失去两个高能磷酸键就是RNA基本单位之一；(4)蛋白质或多肽因为有肽键可与双缩脲

16、试剂发生紫色反应。3解题关键：结合病毒组成分析出甲、乙、丙，进而分析出a、b分别是核苷酸、氨基酸，然后结合各选项分析解题。【解析】选D。噬菌体为DNA病毒，主要成分是DNA和蛋白质，甲流病毒为RNA病毒，主要成分是RNA和蛋白质，则可知甲为DNA、乙为RNA、丙为蛋白质，相应的a为核苷酸、b为氨基酸。人体细胞内a共有8种；ATP为三磷酸腺苷，断裂两个高能磷酸键后为一磷酸腺苷即腺嘌呤核糖核苷酸，而a可能为脱氧核苷酸；蛋白质或多肽因为有肽键可与双缩脲试剂发生紫色反应，氨基酸不能，因此A、B、C三项均是错误的，只有D项正确，在人体不同细胞中DNA是相同的，但RNA、蛋白质是不相同的，这是基因选择性表

17、达的结果。蛋白质与核酸的比较1.四点区别物质项目蛋白质核酸元素组成C、H、O、NC、H、O、N、P基本单位物质项目蛋白质核酸连接方式形成场所细胞质内核糖体上细胞核、线粒体、叶绿体等2.两项联系(1)DNA指导蛋白质的合成。(2)DNA多样性与蛋白质多样性的关系。碱基对数量及排列顺序DNA多样性肽链空间结构氨基酸种类、数量、排列顺序不同蛋白质多样性体现生物多样性决定+提取材料中隐含信息必需氨基酸的验证【案例】必需氨基酸的种类和含量是评价奶粉营养价值高低的主要标准。赖氨酸是人体内的必需氨基酸，缺乏则会影响人体内蛋白质的合成，导致营养不良。赖氨酸是否也是小白鼠体内的必需氨基酸？请根据给出的实验原理利

18、用以下材料用具进行探究。材料用具：20只生长发育状况相同的正常幼年小白鼠，分装在不同试剂瓶中的20种氨基酸，不含蛋白质和氨基酸的食物，称量器(如天平)等。(1)实验原理：必需氨基酸是动物体内不能合成的、只能从食物中获取的氨基酸。当动物体内缺乏必需氨基酸时，出现营养不良，体重增加缓慢。(2)实验步骤：配食：_，配成食物A；_，配成食物B。分组：_，分别称其体重。饲喂：_。观察：_。(3)结果预测及结论：_；_。【命题人透析】(1)解读探究问题确定自变量：本实验的探究问题是“赖氨酸是否也是小白鼠体内的必需氨基酸”。由此可推出该实验的自变量是“赖氨酸”。设置对照实验时，对照组的动物应该用含有20种氨

19、基酸的食物A进行饲喂，实验组的动物饲喂加入除赖氨酸之外的19种氨基酸且含量和比例与A相同的食物B。(2)透视“材料用具”，提取隐含信息：“生长发育状况相同的正常幼年小白鼠”，排除小白鼠自身因素对实验结果的影响，增强了实验结果的科学性；“20只”同时进行平行重复实验，排除了实验结果的偶然性；食物和氨基酸的提供，为“配食”提供方案；“称量器”称重暗示了该实验的因变量应该是与“体重”有关，并为实验过程的物质用量的等量原则做了提示。(3)用相应的“实验原则”规范答案：实验在具体步骤设计时，一定要注意实验原则。等量原则：配食时，食物A中氨基酸的含量及比例要适宜，食物B中除赖氨酸外的其他氨基酸含量和比例与

20、A相同；对照原则：实验组和对照组对照，自身前后对照；分组要“随机均分”；单一变量原则：除自变量外，小白鼠要在相同且适宜的环境中饲养观察；为了实验结果的准确性，要计算出实验前后小白鼠体重的变化量等。【标准答案】(2)取不含蛋白质和氨基酸的食物，加入含量和比例适宜的20种氨基酸取不含蛋白质和氨基酸的食物，加入除赖氨酸之外的19种氨基酸，其含量和比例与A相同将20只小白鼠随机平均分成甲、乙两组在相同且适宜的环境中饲喂两组小白鼠，甲组饲喂食物A，乙组饲喂食物B分别称量甲、乙两组小白鼠的体重，计算体重增加量(3)若两组小白鼠的营养状况和体重增加量基本相同，则说明赖氨酸不是小白鼠体内的必需氨基酸若甲组正常

21、，乙组出现营养不良、体重增加量远小于甲组，则说明赖氨酸是小白鼠体内的必需氨基酸【阅卷人点评】得分要点(2)必须体现“不含蛋白质和氨基酸”、“含量和比例适宜”、“20种”、“除赖氨酸之外的19种”。必须体现“随机平均”分组。必须体现“称量体重”、“计算体重的增加量”。(3)必须体现“实验的结论”。失分案例(2)错答成“在食物中加入20种氨基酸”、“在食物中加入除赖氨酸之外的19种氨基酸”等。错答成“将小白鼠分成甲、乙两组”。错答成“小白鼠的食欲状况”，“小白鼠的活动状况”。(3)答案不全，只答为“若两组小白鼠的营养状况和体重基本相同”。答案不全，只答为“若甲组正常，乙组出现营养不良、体重增加量远

22、小于甲组”。1蛋白质含量检测通常不是直接测定蛋白质含量，而是通过测定氮含量来推算蛋白质含量。一般来说，每100克蛋白质平均含氮16克，这些氮主要存在于蛋白质的()A-CO-NH-B游离的氨基C游离的羧基DR基【解析】选A。蛋白质中含氮的基团是肽键、氨基(包括R基中的氨基)，但最主要的是肽键。因此正确选项为A项。2某蛋白质由3条多肽、N个氨基酸组成，下列关于该蛋白质说法正确的是()A形成该蛋白质时产生了N个水分子B该蛋白质中至少含有N个肽键C该蛋白质中至少含有3个游离的羧基D合成该蛋白质至少需要20种氨基酸【解析】选C。该蛋白质由3条多肽、N个氨基酸组成，即可知形成的肽键数为N-3个，失去了N-

23、3个水分子，因此A、B项不正确。D项中构成生物体蛋白质的氨基酸约有20种，不是指合成该蛋白质一定需要有20种氨基酸参与。只有C项是正确的，蛋白质至少含有的羧基数等于肽链数。3.某肽链由51个氨基酸组成，如果用肽酶把其分解成1个二肽、2个五肽、3个六肽、3个七肽，则这些短肽的氨基总数的最小值、肽键总数依次是()A9、42 B2、42 C2、51 D9、51【解析】选A。二肽中至少含有氨基为1个，肽键为1个；五肽中至少含有氨基为1个，肽键为4个；六肽中至少含有氨基为1个，肽键为5个；七肽中至少含有氨基为1个，肽键为6个。因此经计算这些短肽中含有氨基至少是9个，肽键总数为42个。4(2012淮州模拟

24、)关于脱氧核糖核酸(DNA)分布的叙述，正确的是()A蛙的成熟红细胞中不含DNA分子B人体细胞的细胞质中也有DNA分子C含DNA的原核细胞不会同时含RNAD细菌中的DNA都分布在拟核中【解析】选B。蛙的成熟红细胞中有细胞核，内含DNA分子；人体细胞的线粒体中也含有DNA分子；含有DNA的原核细胞中也会含有RNA；细菌除拟核中含DNA外，质粒也含有一环状DNA分子。5关于下列四幅图的叙述中，不正确的是(多选)()A图甲中共有5种核苷酸B图乙所示的化合物中不含糖类物质C组成丙物质的单糖是脱氧核糖或核糖D在小鼠体细胞内检测到的化合物丁很可能是蔗糖【解析】选A、B、D。图甲中有8种核苷酸，图乙所示化合

25、物中含有核糖，小鼠体细胞内不可能有蔗糖。图丙可表示脱氧核苷酸，也可表示核糖核苷酸。6如图表示人体内几种化学元素和化合物的相互关系，其中a、b表示有机小分子物质，A、B、X代表有机高分子物质，Y代表细胞核中某种结构，虚线表示遗传信息的流动方向。请据图分析回答：(1)图中催化过程的酶主要是_；完成的场所是_。(2)B可分为B1、B2、B3等，其原因是：从b分析是由于_；从B分析是因为_。(3)与合成B3有关的A片段在人体的肝细胞中是否存在?_。原因是每一个体细胞中_。(4)图中Y是指_，图中YA=_。(5)_构成A的基本骨架，若B水解成b有m个，则控制B形成的A中a至少有_个。【解析】结合组成化合

26、物不同的元素，不难从图中推断出a是脱氧核苷酸、b是氨基酸；A是DNA、X是RNA、B是蛋白质。过程是转录，过程是翻译，因此催化的酶主要是RNA聚合酶，完成的场所是核糖体。从氨基酸水平上分析B的多样性，是由于氨基酸的种类、数量和排列次序的不同；从蛋白质水平上分析B的多样性是由于肽链的数目和空间结构不同。由于人体的每一个细胞都由同一个受精卵经有丝分裂形成，都具有人体全套遗传物质，因此在人的肝细胞中一定存在与合成B3有关的A片段。另外Y是由蛋白质和DNA组成的，应是染色体，染色DNA=11或12。磷酸和脱氧核糖交替连接构成A的基本骨架，在翻译过程中，组成DNA的脱氧核苷酸mRNA中核糖核苷酸氨基酸数

27、=631，因此若b为m个，则a至少为6m个。答案：(1)RNA聚合酶核糖体(2)氨基酸的种类、数量和排列次序不同肽链的数目和空间结构不同(3)是都有人体全套的遗传物质(4)染色体11或12 (5)磷酸和脱氧核糖交替连接6m实验方法验证性实验的设计思路【理论指导】1.概念和特点(1)概念：指实验者针对已知的生物学事实而进行的以验证生物学事实、巩固和加强有关知识、培养实验操作技能为目的的验证性和体验性实验。(2)特点：验证研究对象的已知属性、特征及与其他因素的关系。由于实验原理、结论是已知的，因此不存在实验假设。实验目的、结果、结论三者是一致的、统一的。实验的操作步骤可以是曾经做过的，也可以是未曾

28、做过的。2.设计思路(1)根据验证的目的，运用所学的知识或题目所提供的信息找出完成实验的依据，即实验原理。(2)从题目所给的实验材料、用具、药品中寻找实验的设计思路，明确具体的设计方案。(3)依据实验目的、实验原理确定实验变量，弄清自变量如何操作，因变量如何检测，无关变量如何控制。(4)依据对变量的分析，合理设置对照，以实现对单一变量的控制，排除无关变量的干扰，增强实验结果的可信度和说服力。【典例分析】(2011西安模拟)某同学在互联网上查到如下结论：重金属盐能使蛋白质变性失活，而谷胱甘肽能缓解重金属盐对蛋白质的破坏作用。请你根据实验室提供的下列材料，完善下面的设计方案以验证这一观点。实验材料

29、：试管、大烧杯、滴管、温度计、恒温水浴锅、唾液淀粉酶、淀粉溶液、硝酸银溶液、谷胱甘肽溶液、新配制的斐林试剂等(所给溶液浓度均适合实验用)。试管编号序号甲乙丙唾液淀粉酶2mL2mL2mL谷胱甘肽溶液2mL-蒸馏水-4mL2mL硝酸银溶液2mL-2mL淀粉溶液2mL2mL2mL37保温5min5min5min斐林试剂2mL2mL2mL50 65 隔水加热2min2min2min观察溶液变化砖红色沉淀砖红色沉淀无砖红色沉淀实验步骤：【分析】(1)实验原理及设计思路分析：从题干的结论可以看出，本实验目的有两个，一是验证重金属盐能使蛋白质变性，二是验证谷胱甘肽能缓解重金属盐对蛋白质的破坏作用。因此应设置

30、三组实验，一组加入重金属盐，一组加入重金属盐和谷胱甘肽，一组两者都不加。通过淀粉能否被水解以确定重金属盐对蛋白质(唾液淀粉酶)的作用。淀粉水解后生成麦芽糖，能使斐林试剂加热后呈现砖红色沉淀，以此确定淀粉是否水解。(2)实验材料分析：从所给材料看出，使用的蛋白质是唾液淀粉酶，重金属盐是硝酸银溶液。淀粉是用来检测唾液淀粉酶是否变性的，是检验试剂；斐林试剂是用来证明淀粉是否水解的。(3)实验步骤分析：步骤分组，且每组中加入“等量”的待测蛋白质(唾液淀粉酶)；步骤、，设计对照，控制变量，请注意试剂“等量”。步骤、，控制无关变量，且是最适条件。步骤，实验结果的观察和记录。最后得出实验的结论，此结论一般与要验证的事实相符。【拓展】(1)如果第步前移到第步进行，实验能否成功？提示：不能。分析：加入唾液淀粉酶后，若接着加入重金属盐，则会引起变性，无法验证谷胱甘肽的缓解作用。(2)如果第步前移到第步进行，实验能否成功？提示：不能。分析：加入唾液淀粉酶后，若接着加入淀粉，则会发生水解反应，丙试管中会出现砖红色沉淀，无法验证重金属盐的作用。(3)如果不慎误服了重金属盐，应该怎样缓解？提示：马上喝大量的牛奶。分析：牛奶中的蛋白质与重金属盐反应而避免了重金属盐破坏人体的蛋白质。