2021高考数学大一轮复习考点规范练31等比数列及其前n项和理新人教A版.docx

1、考点规范练31等比数列及其前n项和考点规范练A册第20页基础巩固1.在正项等比数列an中,a2,a48是方程2x2-7x+6=0的两个根,则a1a2a25a48a49的值为()A.212B.93C.93D.35答案:B解析:a2,a48是方程2x2-7x+6=0的两个根,a2a48=3.又a1a49=a2a48=a252=3,a250,a1a2a25a48a49=a255=93.故选B.2.“十二平均律”是通用的音律体系,明代朱载堉最早用数学方法计算出半音比例,为这个理论的发展做出了重要贡献.十二平均律将一个纯八度音程分成十二份,依次得到十三个单音,从第二个单音起 ,每一个单音的频率与它的前一

2、个单音的频率的比都等于122.若第一个单音的频率为f,则第八个单音的频率为()A.32fB.322fC.1225fD.1227f答案:D解析:由题知,这十三个单音的频率构成首项为f,公比为122的等比数列,则第八个单音的频率为1227f=1227f.3.已知an为等比数列,a4+a7=2,a5a6=-8,则a1+a10=()A.7B.5C.-5D.-7答案:D解析:an为等比数列,a5a6=a4a7=-8.联立a4+a7=2,a4a7=-8,可解得a4=4,a7=-2或a4=-2,a7=4,当a4=4,a7=-2时,q3=-12,故a1+a10=a4q3+a7q3=-7;当a4=-2,a7=4

3、时,q3=-2,故a1+a10=a4q3+a7q3=-7.综上可知,a1+a10=-7.4.(2019云南玉溪五调)已知正项等比数列an满足a3=1,a5与32a4的等差中项为12,则a1的值为()A.4B.2C.12D.14答案:A解析:设等比数列an的公比为q,则q0.由题意,得a5+32a4=1,a3q2+32a3q=1,q2+32q=1,2q2+3q-2=0,解得q=12或q=-2(舍去),故a1=a3q2=4.5.等差数列an的首项为1,公差不为0.若a2,a3,a6成等比数列,则an前6项的和为()A.-24B.-3C.3D.8答案:A解析:设等差数列的公差为d,则d0,a32=a

4、2a6,即(1+2d)2=(1+d)(1+5d),解得d=-2,所以S6=61+652(-2)=-24,故选A.6.(2019广西崇左天等高级中学高三模拟)已知数列an为等比数列,首项a1=2,数列bn满足bn=log2an,且b2+b3+b4=9,则a5=()A.8B.16C.32D.64答案:C解析:由题意知bn为等差数列,因为b2+b3+b4=9,所以b3=3,因为b1=1,所以公差d=1,则bn=n,即n=log2an,故an=2n,于是a5=25=32.7.设数列an是首项为a1,公差为-1的等差数列,Sn为其前n项和.若S1,S2,S4成等比数列,则a1的值为.答案:-12解析:由

5、已知得S1=a1,S2=a1+a2=2a1-1,S4=4a1+432(-1)=4a1-6.S1,S2,S4成等比数列,(2a1-1)2=a1(4a1-6),整理,得2a1+1=0,解得a1=-12.8.若等差数列an和等比数列bn满足a1=b1=-1,a4=b4=8,则a2b2=.答案:1解析:设等差数列an的公差为d,等比数列bn的公比为q,由题意知-1+3d=-q3=8,即-1+3d=8,-q3=8,解得d=3,q=-2.故a2b2=-1+3-1(-2)=1.9.(2019广西桂林、崇左联合模拟)已知数列an满足an=2an-1+1(n2),a4=15.(1)求a1,a2,a3;(2)判断

6、数列an+1是否为等比数列,并说明理由;(3)求数列an的前n项和Sn.解:(1)由an=2an-1+1及a4=15知a4=2a3+1,解得a3=7,同理得a2=3,a1=1.(2)由an=2an-1+1知an+1=2an-1+2,即an+1=2(an-1+1),故an+1是以a1+1=2为首项,公比为2的等比数列.(3)an+1=(a1+1)2n-1,an=2n-1.Sn=a1+a2+a3+an=(21-1)+(22-1)+(23-1)+(2n-1)=(21+22+23+2n)-n=2(1-2n)1-2-n=2n+1-2-n.10.已知an是公差为3的等差数列,数列bn满足b1=1,b2=1

7、3,anbn+1+bn+1=nbn.(1)求an的通项公式;(2)求bn的前n项和.解:(1)由已知,a1b2+b2=b1,b1=1,b2=13,得a1=2.所以数列an是首项为2,公差为3的等差数列,通项公式为an=3n-1.(2)由(1)和anbn+1+bn+1=nbn,得bn+1=bn3,因此bn是首项为1,公比为13的等比数列.记bn的前n项和为Sn,则Sn=1-13n1-13=32-123n-1.11.已知等差数列an的前n项和为Sn,且S4=4(a3+1),3a3=5a4,数列bn是等比数列,且b1b2=b3,2b1=a5.(1)求数列an,bn的通项公式;(2)求数列|an|的前

8、n项和Tn.解:(1)设等差数列an的公差为d.S4=4(a3+1),3a3=5a4,4a1+6d=4(a1+2d+1),3a1+6d=5a1+15d,解得a1=9,d=-2.an=11-2n.设数列bn的公比为q.b1b2=b3,2b1=a5,b12q=b1q2,2b1=1,解得b1=12,q=12.bn=12n.(2)由(1)知,Sn=10n-n2.由an=11-2n0可知n5.5,即a10,a20,a50,a60,a70,an0,q0)的两个不同的零点,且a,b,-2这三个数可适当排序后成等差数列,也可适当排序后成等比数列,则p+q的值等于()A.6B.7C.8D.9答案:D解析:a,b

9、是函数f(x)=x2-px+q(p0,q0)的两个不同的零点,a+b=p,ab=q.p0,q0,a0,b0.又a,b,-2这三个数可适当排序后成等差数列,也可适当排序后成等比数列,2b=a-2,ab=4或2a=b-2,ab=4.解得a=4,b=1;解得a=1,b=4.p=a+b=5,q=14=4.p+q=9.故选D.13.如图,正方形上连接着等腰直角三角形,等腰直角三角形的腰上再连接正方形,如此继续下去得到一个树形图形,称为“勾股树”.若某“勾股树”含有1 023个正方形,且其最大的正方形的边长为22,则其最小的正方形的边长为.答案:132解析:由题意,得各正方形的边长构成以22为首项,22为

10、公比的等比数列.已知共得到1023个正方形,则1+2+2n-1=1023,解得n=10,故最小的正方形的边长为22229=132.14.设等比数列an满足a1+a3=10,a2+a4=5,则a1a2an的最大值为.答案:64解析:设an的公比为q.由已知a1+a3=10,a2+a4=a1q+a3q=5,两式相除得a1+a3q(a1+a3)=105,解得q=12,a1=8,所以a1a2an=8n121+2+(n-1)=2-12n2+7n2,抛物线f(n)=-12n2+72n的对称轴为n=-722-12=3.5,又nN*,所以当n=3或n=4时,a1a2an取最大值为2-1232+732=26=6

11、4.15.已知等比数列an与等差数列bn,a1=b1=1,a1a2,a1,a2,b3成等差数列,b1,a2,b4成等比数列.(1)求an,bn的通项公式;(2)设Sn,Tn分别是数列an,bn的前n项和,若Sn+Tn100,求n的最小值.解:(1)设数列an的公比为q,数列bn的公差为d,则2q=2+2d,q2=1+3d,解得d=0,q=1(舍)或d=1,q=2,故an=2n-1,bn=n.(2)由(1)易知Sn=1-2n1-2=2n-1,Tn=n(n+1)2.由Sn+Tn100,得2n+n(n+1)2101.2n+n(n+1)2是单调递增数列,且26+672=85101,n的最小值为7.高考

12、预测16.已知数列an满足a1=5,a2=5,an+1=an+6an-1(n2).(1)求证:an+1+2an是等比数列;(2)求数列an的通项公式.(1)证明an+1=an+6an-1(n2),an+1+2an=3an+6an-1=3(an+2an-1)(n2).又a1=5,a2=5,a2+2a1=15,an+2an-10(n2),an+1+2anan+2an-1=3(n2),数列an+1+2an是以15为首项,3为公比的等比数列.(2)解由(1)得an+1+2an=153n-1=53n,则an+1=-2an+53n,an+1-3n+1=-2(an-3n).又a1-3=2,an-3n0,an-3n是以2为首项,-2为公比的等比数列.an-3n=2(-2)n-1,即an=2(-2)n-1+3n=3n-(-2)n.