人教版高中物理选修12 第一章 分子动理论 内能 单元检测.docx

1、人教版高中物理选修1-2 第一章 分子动理论 内能 单元检测一、单选题1.一定质量的气体，保持体积不变，温度升高时，关于下面的说法正确的是（ ） A.密度和压强都增大B.密度增大，压强不变C.密度不变，压强增大D.密度和压强都不变2.下列说法正确的是（） A.温度升高，物体分子热运动的平均动能一定减小B.当分子力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而减小C.外界对物体做功，物体内能一定增加D.对于一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热3.某理想气体的初始压强p0=3atm，温度T0=150K，若保持体积不变，使它的压强变为5atm，则此时气体的温度为（） A.10

2、0KB.200KC.250KD.300K4.关于分子动理论和物体的内能，下列说法中正确的是（ ） A.液体分子的无规则运动称为布朗运动B.物体的温度升高，物体内大量分子热运动的平均动能增大C.物体从外界吸收热量，其内能一定增加D.气体的温度升高，气体的压强一定增大5.关于热力学定律和分子动理论，下列说法正确的是（ ） A.一定质量的理想气体，在等压膨胀过程中，气体分子的平均动能减小B.若两分子间距离减小，分子间斥力增大、引力减小，合力为斥力C.在围绕地球运行的“天宫一号”内，飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果D.布朗运动是由于液体各部分的温度不同而引起的6.如图所示，两个完全相同的金属球

3、A和B，其中A球放在不导热的水平面上，B球用不到热细线挂起来，现供给两球相同的热量，它们的温度分别升高了（）A.tAtBB.tAtBC.tA=tBD.tA、tB无法比较7.如图所示，粗细均匀的U形管竖直放置，管内由水银柱封住一段空气柱如果沿虚线所示的位置把开口一侧的部分截掉，保持弯曲部分管子位置不动，则封闭在管内的空气柱将（ ）A.体积变小B.体积变大C.压强变小D.压强不变8.某气体温度升高了(体积不变)，可能的原因是( ) A.气体一定吸收了热量B.气体可能放出了热量C.外界对气体可能做了功D.气体可能吸收了热量9.液体表面张力产生的原因是( ) A.在液体的表面层里，分子间距大，分子间斥

4、力消失，只有引力B.由于气体分子对表面层液体分子的吸引C.在液体的表面层里，由于分子间距比液体内部大，分子间引力占优势D.液体分子间的排斥力的作用10.（2019重庆）某驾驶员发现中午时车胎内的气压高于清晨时的，且车胎体积增大.若这段时间胎内气体质量不变且可视为理想气体，那么（ ） A.外界对胎内气体做功，气体内能减小B.外界对胎内气体做功，气体内能增大C.胎内气体对外界做功，内能减小D.胎内气体对外界做功，内能增大11.布朗运动不可能是外界影响引起的，能够支持这一结论的事实是() A.有外界影响时，能观察到布朗运动B.微粒越小，布朗运动越明显C.在实验环境相同的条件下，各个微粒的运动情况各不

5、相同D.随着温度升高，布朗运动加剧12.若一定量理想气体按如图所示从A状态变化到B状态则（ ）A.气体内每个分子动能都增大B.气体内能减少C.气体一定吸热D.气体体积可能增大13.弯曲管子内部注有密度为r的水，中间有部分空气，各管内液面高度差如图中所标，大气压强为p0 ， 重力加速度为g ， 则图中A点处的压强是（）A.B.p0C.p02D.p03二、填空题14.如图所示，弹簧一端固定于水平台面上，另一端与质量为 活塞栓接在一起，开口向下。质量为M的气缸与活塞一起封闭了一定质量的气体，气缸和活塞均可与外界进行热交换。由于外界环境的温度缓慢降低，被封闭气体向外界释放热量Q，同时其内能减少 ，已知

6、大气压强为 ，气缸的横截面积为S，气缸壁厚忽略不计，重力加速度为 ，则： 被封气体的体积V_。（填“增大”、“减小”、“不变”）活塞移动距离 为_；气缸移动距离 为_。 15.将下列实验事实与产生的原因对应起来A水与酒精混合体积变小 B固体很难被压缩C细绳不易拉断 D糖在热水中溶解得快a、分子运动的剧烈程度与温度有关 b、分子间存在着引力c、分子间存在着斥力 d、分子间存在着间隙它们对应关系分别是_，_，_，_ 16.下列物质中：云母；铜；蜂蜡；橡胶具有确定熔解温度的有_，物理性质表现为各向同性的有_（只填序号） 17.一定质量的气体等温线的pV图是双曲线的一支_（判断对错） 三、计算题18.

7、在水平放置的洁净的玻璃板上一些水银，由于重力与表面张力的影响，水银近似呈圆饼形状（侧面向外突出），过圆饼轴线的竖直截面如图所示为了计算方便，水银和玻璃的接触角可按180计算已知水银的密度=13.6103kg/m3 ， 水银的表面张力系数=0.49N/m 当圆饼的半径很大时，试估算其厚度h的数值大约是多少？（取1位有效数字即可）19.如图，一上端开口、下端封闭的细长玻璃管竖直放置。玻璃管的下部封有长ll=25.0cm的空气柱，中间有一段长为l2=25.0cm的水银柱，上部空气柱的长度l3=40.0cm。已知大气压强为P0=75.0cmHg。现将一活塞（图中未画出）从玻璃管开口处缓缓往下推，使管下

8、部空气柱长度变为l1=20.0cm。假设活塞下推过程中没有漏气，求活塞下推的距离。四、解答题20.已知竖直玻璃管总长为h，第一次向管内缓慢地添加一定质量的水银，水银添加完时，气柱长度变为 h第二次再取与第一次相同质量的水银缓慢地添加在管内，整个过程水银未溢出玻璃管，外界大气压强保持不变求第二次水银添加完时气柱的长度若第二次水银添加完后，把玻璃管在竖直面内以底部为轴缓慢的沿顺时针方向旋转60求此时气柱长度（水银未溢出玻璃管） 21.如图所示，用销钉固定的导热活塞把水平放置的导热汽缸分隔成容积相同的两部分，分别封闭着A、B两部分理想气体：A部分气体压强为pA=2.0105 Pa，B部分气体压强为p

9、B=1.5105 Pa现拔去销钉，待活塞重新稳定后，求此时A部分气体体积与原来体积之比（外界温度保持不变，活塞与汽缸间摩擦可忽略不计，整个过程无漏气发生）五、综合题22.物理选修33 （1）下列说法中正确的是_。 A.单晶体和多晶体均存在固定的熔点B.物体的内能与物体的温度有关，与物体的体积无关C.电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递D.对于一定量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热E.分子间引力总是随着分子间的距离减小而减小（2）汽缸长 （汽缸的厚度可忽略不计），固定在水平面上，气缸中有横截面积为 的光滑活塞，活塞封闭了一定质量的理想气体，当温度为 、大

10、气压为 时，气柱长度 。现用力F缓慢拉动活塞。如果温度保持不变，要将活塞从汽缸中拉出，最小需要多大的力F；若不加外力，让活塞从气缸中自行脱出，则气缸内气体至少升高到多少摄氏度？ 23.如图所示，在固定的气缸A和B中分别用活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞面积之比SA：SB=1：3，两活塞以穿过B底部的刚性细杆相连，可沿水平方向无摩擦滑动，两个气缸都不漏气初始时活塞处于平衡状态，A、B中气体的体积均为V0 ， A、B中气体温度均为T0=300K，A中气体压强pA=1.6p0 ， p0是气缸外的大气压强（1）求初始时B中气体的压强pB； （2）现对A中气体加热，使其中气体的压强升到pA=2.5p0

11、 ， 同时保持B中气体的温度不变，求活塞重新达到平衡状态时A中气体的温度TA 答案解析部分一、单选题1.【答案】C 2.【答案】D 3.【答案】C 4.【答案】B 5.【答案】C 6.【答案】B 7.【答案】A 8.【答案】A 9.【答案】C 10.【答案】D 11.【答案】C 12.【答案】C 13.【答案】C 二、填空题14.【答案】减小；0；15.【答案】Ad；Bc；Cb；Da 16.【答案】； 17.【答案】对 三、计算题18.【答案】解答： 在圆饼侧面处，取宽x、高h的面积元S ， 由于重力使水银对S的侧压力为：F=PS= 由于压力F使圆饼侧面向外凸出，因而使侧面积增大但是在水银与空

12、气接触的表面层中，由于表面张力的作用使水银表面有收缩到尽可能小的趋势上下两层表面张力F1、F2合力的水平分力是指向水银内部的，其方向与F的方向相反设上表面处的表面张力F1与水平方向成角，则f的大小为：f=F2+F1cos=x+xcos当水银的形状稳定时，f=F 由于圆饼半径很大，S两侧的表面张力F3 ， F4可认为方向相反而抵消，因而：（1+cos） 可得：h= =0.0027 由于的实际数值一定大于0、小于 ，所以1 ，式中h的取值范围是：2.7m103h3.78103m所以水银层厚度的估算值可取3103m或4103m 答：水银层厚度约为3103m或4103m 19.【答案】解：以vmHg为

13、压强单位，在活塞下推前，玻璃管下部空气柱的压强为：P1=P0+l2 设活塞下推后，下部空气的压强为P1，由玻意耳定律得：P1l1=P1l1如图，设活塞下推距离为l ， 则此时玻璃管上部的空气柱的长度为：l3=l3+l1-l1设此时玻璃管上部空气柱的压强为P3，则P3=p1-l2 由波义耳定律，得：P0l3=P2l3由式代入数据解得：l=15.0cm 四、解答题20.【答案】解：设开始时封闭气体压强为P0 ， 每次添加的水银产生的压强为P，玻璃管的横截面积为S，气体发生等温变化，由玻意耳定律得：P0hS=（P0+P） hS设第二次水银添加完时空气柱长度为h，由玻意耳定律得：P0hS=（P0+2P

14、）hS解得：h=0.6h；把玻璃管在竖直面内缓慢的沿顺时针方向旋转600时气体压强：p=P0+2Psin30，气体发生等温变化，由玻意耳定律得：P0hS=（ P0+2Psin30）hS，解得：h=0.75h；答：第二次水银添加完时气柱的长度为0.6h此时气柱长度为0.75h 21.【答案】解：设A部分气体原来体积为V，由玻意耳定律得：pAV=pA（V+V）pBV=pB（VV）又pA=pB由以上各式可解得V= V因此，A部分气体此时体积与原来体积之比为8：7答：此时A部分气体体积与原来体积之比8：7 五、综合题22.【答案】（1）A,C,D（2）初状态：压强 ；体积 末状态：压强 ；体积 根据玻

15、意耳定律，有 解得：F=600N初状态：温度 ；体积： 末状态：温度T2；体积 由盖吕萨克定律得： 解得： 23.【答案】（1）解：初始时活塞平衡，对活塞，由平衡条件得：pASA+pB SB=p0（SA+SB），已知：SB=3SA ， pA=1.6p0 ， 解得：pB=0.8p0；（2）解：末状态活塞平衡，由平衡条件得：pASA+pBSB=p0（SA+SB），解得：pB=0.5 p0 ， B中气体初、末态温度相等，气体发生等温变化，由玻意耳定律得：pBVB=pBVB，即：0.8p0V0=0.5p0VB，解得：VB=1.6 V0 ， 设A中气体末态的体积为VA，因为两活塞移动的距离相等，故有： = ，解得：VA=1.2 V0 ， 对A中气体，由理想气体状态方程得： = ，即： = ，解得：TA=562.5K；