天津市2021届高三高考物理临考练习二 WORD版含答案.docx

1、2021届高考物理临考练习二（天津适用）第一卷共40分一、选择题，每小题5分，共25分，每小题给出的选项中，只有一个选项是正确的。1下列说法中正确的是（）A放射性元素的半衰期随温度和压强的变化而变化B衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子时产生的C原子核在人工转变过程中，电荷数可能不守恒D比结合能越大表示原子核中核子结合得越松散，原子核越不稳定2如图所示，一定质量的理想气体由状态A经状态B变化到状态C的p-V图像如图所示已知气体由从状态A变化到状态B的过程中吸收的热量为Q1，气体对外做功W1；从状态B变化到状态C过程中吸收的热量为Q2，气体对外做功W2。则（）AQ1Q2BW1W2CQ1+Q

2、2=4p0LDQ1-W1=Q2-W23图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为介质中x = 2m处的质点P以此时刻为计时起点的振动图像，质点Q的平衡位置位于x = 3.5m处，下列说法正确的是（ ）A这列波的传播速度可能是20m/sB这列波沿x轴负方向传播Ct = 0.1s时，质点Q正通过平衡位置向上振动Dt = 0.7s时，质点P的加速度大于质点Q的加速度4如图所示为某静电除尘装置的原理图，废气先经过一个机械过滤装置再进入静电除尘区。图中虚线是某一带负电的尘埃（不计重力）仅在电场力作用下向集尘极迁移并沉积的轨迹，A、B两点是轨迹与电场线的交点。不考虑尘埃在迁移过程中的相互作用和电量变化，

3、则以下说法正确的是()AA点的电场强度小于B点的电场强度BA点的电势高于B点的电势C尘埃在A点的电势能大于在B点的电势能D尘埃在A点受到的静电力小于在B点的受到的静电力5如图所示，在某次排球比赛中，一运动员将排球从A点水平击出，排球击中D点：另一运动员将该排球从位于A点正下方且与D点等高的B点斜向上击出，最高点为C，排球也击中D点，A、C高度相同。不计空气阻力下列说法正确的有（）A两个过程中，排球的飞行时间相等B后一个过程中，排球击中D点时速度较大C两个过程中，运动员对排球所做功可能相等D后一个过程中，排球击中D点时重力做功的瞬时功率较大二、选择题，每小题5分，共15分，每小题给出的四个选项中

4、，都有多个选项是正确的，全部选对得5分，选对但不全得3分，有选错或不答得0分。6下列四幅图涉及到不同的物理知识，则下列说法正确的是（）A图甲中彩色的肥皂泡是光的干涉现象B图乙中的立体电影是利用了光的偏振现象C图丙是医院常用的彩超仪器，进行医学检测时利用了超声波多普勒效应D图丁是一LC振荡电路的集成芯片，LC振荡电路能产生一定波长的电磁波，若要产生波长比原来短些的电磁波，可减小电容器极板间的距离7图1是手机无线充电器的示意图，其原理如图2所示：当送电线圈接上220V的正弦交变电流后，会产生一个变化的磁场从而使手机中的受电线圈中产生交变电流，该电流经过其他装置转化为直流电给手机充电，该装置实际上可

5、等效为一个无磁漏的理想变压器；送电线圈的匝数为，受电线圈匝数为，且。两个线圈中所接的电阻、的阻值都为R，当该装置给手机充电时，测得两端的电压为cd两端电压的三分之一，则（）Aab端输入电压不变，若减小的阻值，受电线圈的输出电压将变大B受电线圈两端cd的输出电压为66VC流过原、副线圈的电流之比为3：1D电阻和所消耗的功率之比为9：18矿产资源是人类赖以生存和发展的物质基础，随着对资源的过度开采，地球资源逐步枯竭，已然使我们的环境恶化，而宇航事业的发展为我们开辟了太空采矿的途径太空中进行开采项目，必须建立“太空加油站” 假设“太空加油站”正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，其离地球表面的高度为同

6、步卫星离地球表面高度的十分之一，且运行方向与地球自转方向一致下列说法正确的有（ ）A“太空加油站”运行的加速度等于其所在高度处的重力加速度B“太空加油站”运行的速度等于同步卫星运行速度的倍C站在地球赤道上的人观察到它向东运动D在“太空加油站”工作的宇航员因不受重力而在舱中悬浮或静止三、第二卷共60分9（1）用单摆测定重力加速度的实验装置如图所示对测量原理的理解正确的是_（选填选项前的字母）A由可知，T一定时，g与l成正比B由可知，l一定时，g与T2成反比C单摆的振动周期T和摆长l可用实验测定，由可算出当地的重力加速度若测量结果得到的g值偏大，可能是因为_（选填选项前的字母）A组装单摆时，选择的

7、摆球质量偏大B测量摆长时，将悬线长作为单摆的摆长C测量周期时，把n次全振动误认为是(n1)次全振动下表是某同学记录的实验数据，并做了部分处理组次123456摆长l/ cm40.0050.0060.0080.00100.00120.0050次全振动时t/s63.074.077.589.5100.0109.5周期T/s1.261.481.551.792.19周期的平方T2/s21.592.012.403.204.80请计算第5组实验中的T2=_ s2将上表数据输入计算机，可得到右图所示的lT2图像，图线经过坐标原点，斜率k=0.25m/s2由此求得重力加速度g_ m/s2（2=9.87，此空答案保

8、留3位有效数字）（2）在测定电容器电容值的实验中，将电容器、电压传感器、阻值为3kW的电阻R、电源、单刀双掷开关按图甲所示电路图进行连接先使开关S与1端相连，电源向电容器充电，充电完毕后把开关S掷向2端，电容器放电，直至放电完毕实验得到的与电压传感器相连接的计算机所记录的电压随时间变化的u-t曲线如图乙所示，图丙为由计算机对图乙进行数据处理后记录了“峰值”及曲线与时间轴所围“面积”的图根据图甲所示的电路，观察图乙可知：充电电流与放电电流方向_（选填“相同”或“相反”），大小都随时间_；（选填“增加”或“减小”）该电容器的电容值为_F；（结果保留2位有效数字）某同学认为：仍利用上述装置，将电压传

9、感器从电阻两端改接在电容器的两端，也可以测出电容器的电容值请你分析并说明该同学的说法是否正确10如图所示，ab、cd为足够长、水平放置的光滑固定导轨，导体棒MN的长度为L=2m，电阻，有垂直abcd平面向下的匀强磁场，磁感强度B=1.5T，定值电阻，当导体棒MN以v=4m/s的速度向左做匀速直线运动时，电流表的示数为0.45A，灯L正常发光.求： （1）棒切割磁感线产生的感应电动势和灯L的额定电压；（2）维持杆匀速运动的外力功率为多大；（3）正常发光时灯L的电阻值.11如图所示，“冰雪游乐场”滑道O点的左边为水平滑道，右边为高度h=3.2m的曲面滑道，左右两边的滑道在O点平滑连接.小孩乘 坐冰

10、车由静止开始从滑道顶端出发，经过O点后与处于静止状态的家长所坐的冰车发生碰撞，碰撞后小孩及其冰车恰好与家长的冰车一起共同运动.已知小孩和冰车的总质量m=30kg，家长和冰车的总质量为M=60kg,人与冰车均可视为质点，不计一切摩擦阻力，取重力加速度g=10m/s2,求：（1）小孩乘坐冰车经过O点时的速度大小；（2）碰撞后家长和冰车共同运动的速度大小,以及碰撞中冰车m对冰车M的冲量；（3）碰撞过程中小孩和家长（包括各自冰车）组成的系统损失的机械能.12质谱仪可用来对同位素进行分析，其主要由加速电场和边界为直线PQ的匀强偏转磁场组成，如图甲所示。某次研究的粒子束是氕核和氘核组成的，粒子从静止开始经

11、过电场加速后，从边界上的O点垂直于边界进入偏转磁场，氕核最终到达照相底片上的M点，已知O、M间的距离为d，氘核的质量为氕核质量的2倍，粒子的重力忽略不计，求：(1)偏转磁场的方向（选答“垂直纸面向外”或“垂直纸面向里”）；(2)本次研究的粒子在照相底片上都能检测到，照相底片的放置区域的长度L至少多大；(3)若偏转磁场的区域为圆形，且与PQ相切于O点，如图乙所示，其他条件不变，要保证氘核进入偏转磁场后不能打到PQ边界上（PQ足够长），求磁场区域的半径R应满足的条件。参考答案1B【解析】半衰期与压强无关，由原子核内部因素决定，故A错误；衰变所释放的电子是原子核中的中子转化为质子和电子产生的，不是核

12、外电子，故B正确；核反应方程质量数和电荷数是守恒的，故C错误；比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢靠，原子核越稳定，故D错误。所以B正确，ACD错误。2C【详解】B分别对ABC三个状态进行状态参量的分析，有状态A：pA=3p0， VA=1L；状态B：pB=2 p0，VB=2L；状态C：pC=1 p0，VC=3L。从状态A变化到状态B的过程中从状态B变化到状态C的过程中所以B错误；A由气体的状态方程可得可见从状态A到B和从状态B到C的温度变化相同，则内能变化相同，根据热力学第一定律可知时，有A错误；CD由气体的状态方程可得所以由状态A到状态C是等温变化，两个状态下气体的内能不变。由热力学第一

13、定律可知，对外做得功等于吸收的热量，即则C正确，D错误。故选C。3D【详解】A由图知 = 4m，T = 0.4s，则波速为v = 10m/sA错误；B由乙图读出，t = 0时刻质点P的速度向上，由波形的平移法可知，这列波沿x轴正方向传播，B错误；C由于t = 0.1s = 在该时刻质点Q在平衡位置的下方，且向上振动，C错误；D由于t = 0.7s = T + 在该时刻质点P运动到波谷，据简谐运动的特点可知，此时加速度最大，而Q在平衡位置的上方（但不是波峰），所以质点P的加速度大于质点Q的加速度，D正确。故选D。4C【分析】根据电场线的疏密可分析场强的大小，进而判断尘埃在A、B两点受到的静电力的

14、大小；根据电场方向，可判断电势高低；分析尘埃所受的电场力的方向，确定电场力对尘埃做功的情况，从而分析出电势能的变化情况。【详解】AD. 由图可知，A点电场线比B点密集，因此A点的电场强度大于B点的电场强度，故尘埃在A点受到的静电力大于在B点受到的静电力，故A、D均错误；BC. 由图可作过B的等势线，交A所在电场线于B，则可知，B点靠近正极板，故B点的电势高于A点电势，因为负电荷在电势越高的地方电势能越小，在电势越低的地方电势能越大，所以尘埃在B点的电势能小于在A点的电势能，故B错误，C正确；故选C。5C【详解】AB由于从AB两点发出的球都能到达D点，B球从C到地面竖直方向做自由落体运动，根据竖

15、直方向的运动可知tB=2tAvyA=vyB由于水平方向的位移相同，根据可知vA水vB水根据速度的合成可知，A抛出时的速度vA0=vA水，A落到D点时的速度B落到D点时的速度故两过程中，后一个过程中，排球击中D点时速度较小，故AB错误；C第一个过程中对排球做功第二个过程中对排球做功 因为vA水vB水，可知W1可能等于W2，选项C正确；D由于竖直方向做的是自由落体运动，下落的高度相同，故落地时竖直方向的速度相同，vyA=vyB则重力的瞬时功率P=mgvy相同，故D错误；故选C。6ABC【详解】A 肥皂泡呈现彩色条纹是光的干涉现象是通过泡的内外表面反射形成频率相同的光，相互叠加，从而出现彩色条纹，故

16、A正确；B 立体电影利用的是光的偏振，故B正确；C 图丙是医院常用的彩超仪器，进行医学检测时利用了超声波多普勒效应，故C正确；D 若要产生比原来短些的电磁波，则频率变高，所以通过减小电容器的电容，或减小线圈中的自感系数，可采用的措施为增大电容器极板间的距离，减小电容，故D错误。故选ABC。7AB【详解】Aab端输入电压不变，若减小R1的阻值，原线圈电压增大，由理想变压器的变压比可知，副线圈即受电线圈的输出电压将增大，故A正确；B由题意可知、由变压器的变压比可知解得，cd两端射出电压U2=66V故B正确；C流过原副线圈的电流比故C错误；D由题意可知，两电阻阻值相等为R，电阻R1和R2所消耗的功率

17、之比故D错误。故选AB。8AC【解析】试题分析：万有引力充当向心力，而太空加油站处于完全失重状态，即重力完全充当向心力，所以有“太空加油站”运行的加速度等于其所在高度处的重力加速度，A正确；根据公式GMmr2=mv2r可得v=GMr，而太空加油站离地球表面的高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一，所以v站=GMR+110，v同=GMR+，由此可得v站10v同，两者轨道半径关系不是10十分之一，需要注意；B错误；因为v=GMr，所以半径越大，速度越小，站在地球上的人的线速度大于太空站的线速度，而地球是自动向西运动，所以地球上的人比太空站转的快，人看太空站向东运动，C正确；太空加油站处于完全失重状

18、态，即重力完全充当向心力但不是不受重力，D错误；考点：考查了万有引力定律的应用9C C 4.00 9.87 相反 ，减小 1.0102 正确 【解析】（1）重力加速度的大小与摆长和周期的大小无关，故AB错误，根据，得，可知测出单摆的周期和摆长，可以求出当地的重力加速度故C正确，故选C；根据单摆的周期公式，得重力加速度的表达式，从上面的表达式可得，重力加速度与小球的质量无关，故A错误；测摆长时没有加小球的半径，使L变小，代入公式使g值偏小，故B错误；单摆振动n次的时间t，单摆的周期，若误记做n+1次，则，即周期的测量值小于真实值，所以重力加速度的测量值偏大，故C正确，故选C；由表中数据可知第5组

19、实验中的，则；根据重力加速度的表达式，变形得：，故的斜率为，解得：（2）根据图甲所示的电路，观察图乙可知：充电电流与放电电流方向相反，大小都随时间减小；根据充电时u-t图可知，电容器的电量为，而电压的峰值为，则该电容器的电容值为，联立解得：；正确因为当开关S与2连接，电容器放电的过程中，电容器C与电阻R上的电压大小相等，因此通过对放电曲线进行数据处理后记录的“峰值”及曲线与时间轴所围“面积S”，仍可应用计算电容值【点睛】实验（1）的解题关键，就是掌握单摆周期公式，并且能够根据公式进行误差分析和数据、图象处理；实验（2）的解题关键，就是能够根据题目中图象得出电容充、放电时的电量，并且根据电容的定

20、义式进行求解10(1)12V；9V；(2)7.2W；(3)【详解】(1)导体棒产生的感应电动势为：、间并联电压为：(2)由闭合电路欧姆定律得：解得通过杆的电流为： 根据能量守恒可得维持杆匀速运动的外力功率为等于整个装置产生的总电功率则有整个装置产生的总电功率：(3)则流过灯的电流为 ：灯L的电阻值：答：(1)12V；9V；(2)7.2W；(3)11（1）v=8m/s（2），I=160Ns（3）E=640J【解析】【详解】（1）对小孩与冰车，由动能定理知：，解得：v=8m/s（2）碰撞中，由动量守恒定律知：，解得：对家长所坐冰车，由动量定理知：，解得：I=160Ns（或160kgm/s）（3）由能量守恒定律知：，解得：E=640J12(1) 垂直纸面向外；(2)；(3) 【详解】(1)因为氕核最终到达照相底片上的M点，受洛仑兹力向左，根据左手定则判断磁场方向垂直纸面向外。(2)在电场中加速，设加速电压为U，有在磁场中根据几何关系可知，氕核旋转半径结合以上方程，且氘核与氕核质量电量关系可知，氘核旋转半径 照相底片的放置区域的长度L至少 (3) 根据上图可知，半径应满足条件 联立解得