2022届高考数学一轮复习 第5章 数列 第3讲 等比数列及其前n项和作业试题1（含解析）新人教版.doc

1、第五章 数列第三讲等比数列及其前n项和练好题考点自测1.北京高考,5分设an是公比为q的等比数列,则“q1”是“an为递增数列”的()A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件2.2019全国卷,5分已知各项均为正数的等比数列an的前4项和为15,且a5=3a3+4a1,则a3=()A.16B.8 C.4 D.23.易错题记等比数列an的前n项和为Sn,若a1=2,S3=6,则S4=()A.10或8B.-10C.-10或8D.-10或-84.2020全国卷,5分数列an中,a1=2,am+n=aman.若ak+1+ak+2+ak+10=215-25,则

2、k=()A.2 B.3 C.4 D.55. 2020全国卷,5分设an是等比数列,且a1+a2+a3=1,a2+a3+a4=2,则a6+a7+a8=()A.12B.24C.30D.326.2017全国卷,5分我国古代数学名著算法统宗中有如下问题:“远望巍巍塔七层,红光点点倍加增,共灯三百八十一,请问尖头几盏灯?”意思是:一座7层塔共挂了381盏灯,且相邻两层中的下一层灯数是上一层灯数的2倍,则塔的顶层共有灯()A.1盏 B.3盏 C.5盏 D.9盏7.多选题下列结论中,错误的为()A.满足an+1=qan(nN*,q为常数)的数列an为等比数列B.a,b,c三个数成等比数列的必要条件是b2=a

3、cC.如果数列an为等比数列,bn=a2n-1+a2n,则数列bn也是等比数列D.如果数列an为等比数列,则数列ln an是等差数列8.2016全国卷,5分设等比数列an满足a1+a3=10,a2+a4=5,则a1a2an的最大值为.拓展变式1.2016全国卷,12分已知数列an的前n项和Sn=1+an,其中0.(1)证明an是等比数列,并求其通项公式;(2)若S5=,求.2.(1)2020全国卷,5分记Sn为等比数列an的前n项和.若a5-a3=12,a6-a4=24,则=()A.2n-1 B.2-21-n C.2-2n-1 D.21-n-1(2)已知数列an是等差数列,若a2,a4+3,a

4、6+6构成公比为q的等比数列,则q=()A.1 B.2C.3 D.43.(1)2021大同市调研测试已知各项均为正数的等比数列an中,a1a2a3=5,a4a5a6=5,则a7a8a9=()A.25B.20C.10 D.10(2)已知正项等比数列an的前n项和为Sn,且S8-2S4=5,则a9+a10+a11+a12的最小值为()A.25B.20C.15D.10(3)记等比数列an的前n项积为Tn(nN*),已知am-1am+1-2am=0,且T2m-1=128,则m的值为()A.4 B.7 C.10D.124.数列an,bn满足a1=-1,b1=2,且(nN*),则b2 015+b2 016

5、=.答 案第三讲等比数列及其前n项和1.D等比数列-1,-2,-4,满足公比q=21,但an不是递增数列,即充分性不成立.an=-1()n-1为递增数列,但q=1”是“an为递增数列”的既不充分也不必要条件,故选D.2.C设等比数列an的公比为q,由a5=3a3+4a1得q4=3q2+4,得q2=4,因为数列an的各项均为正数,所以q=2.又a1+a2+a3+a4=a1(1+q+q2+q3)=a1(1+2+4+8)=15,所以a1=1,所以a3=a1q2=4,故选C.3.C设等比数列的公比为q,因为a1=2,S3=6,所以S3=2+2q+2q2=6,则q2+q-2=0,所以q=1或q=-2.当

6、q=1时,S4=S3+2=8;当q=-2时,S4=S3+a1q3=6+2(-2)3=-10.故选C.4.C令m=1,则由am+n=aman,得an+1=a1an,即=a1=2,所以数列an是首项为2、公比为2的等比数列,所以an=2n,所以ak+1+ak+2+ak+10=ak(a1+a2+a10)=2k=2k+1(210-1)=215-25=25(210-1),解得k=4,故选C.5.D解法一设等比数列an的公比为q,所以=q=2,由a1+a2+a3=a1(1+q+q2)=a1(1+2+22)=1,解得a1=,所以a6+a7+a8=a1(q5+q6+q7)=(25+26+27)=25(1+2+

7、22)=32,故选D.解法二令bn=an+an+1+an+2(nN*),则bn+1=an+1+an+2+an+3.设数列an的公比为q,则=q,所以数列bn为等比数列,由题意知b1=1,b2=2,所以等比数列bn的公比q=2,所以bn=2n-1,所以b6=a6+a7+a8=25=32,故选D.6.B由题意知,每层塔所挂的灯数从上到下构成等比数列,记为an,则前7项的和S7=381,公比q=2,依题意,得=381,解得a1=3,故选B.7.ACD对于A,当n属于正整数,q为常数且不等于0时,数列an为等比数列,故A错误;对于B,由等比中项的概念可知,a,b,c三个数成等比数列的必要条件是b2=a

8、c,故B正确;对于C,当等比数列an的公比q=-1时,bn=0,此时bn不是等比数列,故C错误;对于D,当an为正数时,数列ln an是等差数列,故D错误.8.64解法一设等比数列an的公比为q,由得,解得所以a1a2an=q1+2+(n-1)=8n(=.记t=-+(nN*),则t=-(n2-7n)=-(n-)2+,易知当n=3或4时,a1a2an取得最大值26=64.解法二设等比数列an的公比为q,由题可知a1+a1q2=10,a1q+a1q3=5,则q=,a1=8,所以an=8()n-1=24-n.当n=4时,a4=1,所以a1a2a3a4=1a5a6.所以a1a2an取最大值时n=3或4

9、.所以a1a2an的最大值为64.1.(1)由题意得a1=S1=1+a1,故1,a1=,a10.由Sn=1+an,Sn+1=1+an+1 得an+1=an+1-an,即an+1(-1)=an.又a10,0且1,所以=.所以an是首项为,公比为的等比数列,故an=()n-1.(2)由(1)得Sn=1-()n.由S5=得1-()5=,即()5=,解得=-1.2.(1)B解法一设等比数列an的公比为q,则由解得所以Sn=2n-1,an=a1qn-1=2n-1,所以=2-21-n,故选B.解法二设等比数列an的公比为q,因为=2,所以q=2,所以=2-21-n,故选B.(2)A设等差数列an的公差为d

10、,由a2,a4+3,a6+6构成公比为q的等比数列,得(a4+3)2=a2(a6+6),即(a1+3d+3)2=(a1+d)(a1+5d+6),化简得(2d+3)2=0,解得d=-.所以q=1.故选A.3.(1)D解法一 因为数列an为正项等比数列,所以a1a2a3=5,a4a5a6=5,a7a8a9=,又a2a8=,所以=50,得a7a8a9=10,故选D.解法二因为数列an为正项等比数列,所以a1a2a3,a4a5a6,a7a8a9也构成等比数列,所以=(a1a2a3)(a7a8a9)=50,又a1a2a3=5,所以a7a8a9=10,故选D.(2)B在正项等比数列an中,Sn0.因为S8

11、-2S4=5,所以S8-S4=5+S4.易知S4,S8-S4,S12-S8成等比数列,所以=S4(S12-S8),所以S12-S8=+S4+102+10=20(当且仅当S4=5时取等号).因为S12-S8=a9+a10+a11+a12,所以a9+a10+a11+a12的最小值为20.故选B.(3)A因为an是等比数列,所以am-1am+1=.又am-1am+1-2am=0,则-2am=0,所以am=2(am=0舍去).由等比数列的性质可知前2m-1项积T2m-1=,即22m-1=128,解得m=4.故选A.4.-322 015易知b2=-8,由bn+1=2an-3bnbn+2=2an+1-3bn+1,将an+1消去得bn+2=-2bn-3bn+1,所以bn+2+bn+1=-2(bn+1+bn),故可得bn+1+bn=(-2)n-1(b2+b1)=(-8+2)(-2)n-1=3(-2)n,所以b2 016+b2 015=-322 015.