《解析》云南省昆明师范专科学校附属中学2020-2021学年高一上学期期中考试数学试卷 WORD版含解析.doc

1、高考资源网（） 您身边的高考专家昆明师专附中高2023届20202021学年上学期期中考试高一数学第I卷选择题（共60分）一、选择题（每题只有一个选项符合题意，本大题共12小题，每小题5分，共60分）1. 设集合，则下列关系式成立的是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】显然中只有一个元素.【详解】解：中只有一个元素，故选：C.【点睛】考查元素与集合的关系，基础题.2. 若集合，或，则集合等于（ ）A. 或B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据交集的定义写出【详解】集合，或，集合故选：C【点睛】本题考查交集的运算，属于基础题.3. 设集合U=1，2，3，4，5，A=

2、1，3，5，B=2，3，5，则图中阴影部分表示的集合的真子集有（）个A. 3B. 4C. 7D. 8【答案】C【解析】【分析】先求出AB=3，5，再求出图中阴影部分表示的集合为：CU（AB）=1，2，4，由此能求出图中阴影部分表示的集合的真子集的个数【详解】集合U=1，2，3，4，5，A=1，3，5，B=2，3，5，AB=3，5，图中阴影部分表示的集合为：CU（AB）=1，2，4，图中阴影部分表示的集合的真子集有：231=81=7故选C【点睛】本题考查集合的真子集的个数的求法，考查交集定义、补集、维恩图等基础知识，考查运算求解能力，是基础题4. 某中学的学生积极参加体育锻炼，其中有96%的学生

3、喜欢足球或游泳，60%的学生喜欢足球，82%的学生喜欢游泳，则该中学既喜欢足球又喜欢游泳的学生数占该校学生总数的比例是（ ）A. 62%B. 56%C. 46%D. 42%【答案】C【解析】【分析】记“该中学学生喜欢足球”为事件，“该中学学生喜欢游泳”为事件，则“该中学学生喜欢足球或游泳”为事件，“该中学学生既喜欢足球又喜欢游泳”为事件，然后根据积事件的概率公式可得结果.【详解】记“该中学学生喜欢足球”为事件，“该中学学生喜欢游泳”为事件，则“该中学学生喜欢足球或游泳”为事件，“该中学学生既喜欢足球又喜欢游泳”为事件，则，所以所以该中学既喜欢足球又喜欢游泳的学生数占该校学生总数的比例为.故选：

4、C.【点睛】本题考查了积事件的概率公式，属于基础题.5. 已知集合满足，那么这样的集合的个数为( )A 5B. 6C. 7D. 8【答案】D【解析】【分析】根据子集关系可知：集合中一定包含元素，可能包含元素，由此可判断集合的个数即为集合的子集个数.【详解】由题意可知：且可能包含中的元素，所以集合的个数即为集合的子集个数，即为个，故选D.【点睛】本题考查根据集合的子集关系确定集合的数目，难度较易.6. 已知集合，若，实数a的取值集合为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据列不等式，由此求得实数的取值集合.【详解】由于，所以，所以实数的取值集合为.故选：C【点睛】本小题主要考

5、查根据包含关系求参数的取值范围，属于基础题.7. 命题“，都有”的否定是（ ）A. ，使得B. ，使得C. ，都有D. ，都有【答案】B【解析】【分析】根据全称命题的否定是特称命题，即得解.【详解】根据全称命题的否定是特称命题，命题“，都有”的否定是: “，使得”故选：B【点睛】本题考查了全称命题的否定是特称命题，考查了学生概念理解的能力，属于基础题.8. 设，则“”是“”的（ ）A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】首先求解二次不等式，然后结合不等式的解集即可确定充分性和必要性是否成立即可.【详解】求解二次不等式可得：或，据

6、此可知：是的充分不必要条件.故选：A.【点睛】本题主要考查二次不等式的解法，充分性和必要性的判定，属于基础题.9. 已知， ，则 和的大小关系为（ ）A B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】利用作差法，令，结果配方，判断符号后得出结论【详解】，故有，故选：D【点睛】本题考查用比较法证明不等式的方法，作差变形判断符号得出结论涉及完全平方公式的应用属于基础题.10. 已知、满足且，则下列选项中不一定能成立的是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】由已知条件得出，且的符号不确定，利用不等式的性质以及特殊值法可判断各选项中不等式的正误.【详解】且，且的符号不确定.对于A选项，

7、由不等式的基本性质可得，A选项中的不等式一定能成立；对于B选项，则，又，B选项中的不等式一定能成立；对于C选项，取，则，；取，则，C选项中的不等式不一定成立；对于D选项，则，D选项中的不等式一定能成立.故选：C.【点睛】本题以命题的真假判断与应用为载体，考查了不等式的基本性质，实数的性质，难度不大，属于基础题11. 设，若，则的最小值为A. B. 8C. 9D. 10【答案】C【解析】【分析】根据题意可知，利用“1”的代换，将化为，展开再利用基本不等式，即可求解出答案【详解】由题意知，且，则当且仅当时，等号成立，的最小值为9，故答案选C【点睛】本题主要考查了利用基本不等式的性质求最值的问题，若

8、不满足基本不等式条件，则需要创造条件对式子进行恒等变形，如构造“1”的代换等12. 若实数a，b满足，则的最小值为（ ）A. 2B. 3C. 4D. 5【答案】B【解析】【分析】两次应用基本不等式可得最值，注意等号成立的条件是一致的【详解】解：因为，则，当且仅当且时取等号，即时取等号，此时取得最小值3故选：B【点睛】本题考查用基本不等式求最小值，本题两次应用了基本不等式，应强调两次应用基本不等式时等号成立的条件必须相同，即等号同时取到第II卷非选择题（共90分）二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分.把答案填在题中横线上）13. 不等式的解集为_【答案】【解析】分析】利用十字相乘法因

9、式分解，即可解得；【详解】解：由得，解得所以不等式的解集为故答案为：.【点睛】本题考查一元二次不等式的解法，属于基础题.14. 设集合，.则实数_.【答案】【解析】【分析】由可得，从而得到，即可得到答案.【详解】因为，所以，显然，所以，解得：.故答案为：.【点睛】本题考查利用集合的基本运算求参数值，考查逻辑推理能力和运算求解能力，属于基础题.15. 若命题“，使得”是假命题，则实数的取值范围为 【答案】【解析】试题分析:由题设可得,解之得,故应填答案.考点：含一个量词的命题的否定及二次函数的图像与性质的运用16. 对任意实数a，b，c，给出下列命题：“ab”是“acbc”的充要条件；“ab”是

10、“a2b2”的充分条件；“a5”是“a3”的必要条件；“a5是无理数”是“a是无理数”的充要条件其中真命题的序号为_【答案】【解析】对于，因为“”时成立，时，不一定成立，所以“”是“”的的充分不必要条件，故错，对于， 时， ; ，时，所以“”是“”的的既不充分也不必要条件，故错，对于，因为“ ”时一定有“”成立，所以“”是“”的必要条件，正确；对于“是无理数”是“ 是无理数”的充要条件，正确，故答案为三、解答题（本大题有6小题，共70分，写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤）17. 求下列不等式的解集：（1）；（2）.【答案】（1）或；（2）.【解析】【分析】（1）一元二次不等式可先因式分解

11、，得出相应的方程的根，再根据二次函数的性质写出解集；（2）把分式不等式移项，一边化为0，一边进行通分化简，转化为整式不等式求解注意分母不为0【详解】（1），不等式的解集为或.（2），即，即且，不等式的解集为.【点睛】方法点睛：解分式不等式的步骤：（1）移项，把分式不等式一边化0；（2）通分，化不等式为或形式，转化时应使得中最高次项系数为正，（3）转化，化为或，（4）得解18. 设全集为，集合，求：，.【答案】答案见解析【解析】【分析】可在数轴上表示出集合，然后可得集合运算的结果【详解】如图所示.，或，或，或，或.或.19. 已知且，试比较与的大小【答案】答案见解析【解析】【分析】利用“作差法”

12、，通过对分类讨论即可得出【详解】当时，当且时，当时，综上所述，当时，；当且时，；当时，【点睛】本题考查“作差法”比较两个数的大小、分类讨论等基础知识与基本技能方法，属于中档题20. 已知集合，（1）当时，求，；（2）若，求实数的取值范围【答案】（1）或；（2） .【解析】【分析】（1）时求出集合，再根据集合的运算性质计算和；（2）根据，讨论和时的取值范围，从而得出实数的取值范围【详解】解：（1）当时，或，或；又，；（2），当，即时，满足题意；当时，应满足，此时得；综上，实数的取值范围是【点睛】本题考查了集合的基本运算以及不等式解法问题，注意等价变形的应用，属于中档题21. 已知函数（1）若关于

13、的不等式的解集为，求的值；（2）当时，解关于的不等式【答案】（1）；（2）当时，不等式的解集为；当时，不等式的解集为【解析】【分析】(1)由已知可得的两个根为1和2，将根代入方程中即可求出的值.(2)代入，分，三种情况进行讨论求解.【详解】（1）由条件知，关于的方程的两个根为1和2，所以，解得（2）当时，即，当时，解得或；当时，解得；当时，解得或综上可知，当时，不等式的解集为；当时，不等式的解集为【点睛】本题考查了已知一元二次不等式的解集求参数值，考查了含参一元二次不等式的求解，属于基础题.22. 设函数（1）若不等式的解集，求，的值；（2）若，求的最小值；若在上恒成立，求实数的取值范围【答案】（1）；（2）9；【解析】【分析】（1）由已知可得，的两根是，1，然后可求出答案；（2）由条件可得，用基本不等式可求出的最小值，在上恒成立，然后可得，结合可求出实数的取值范围【详解】（1）由已知可得，的两根是，1所以，解得（2），当时等号成立，因为，解得，时等号成立，此时的最小值是9上恒成立，又因为代入上式可得解得：【点睛】本题考查的是一元二次不等式和一元二次方程的关系、利用基本不等式求最值和一元二次不等式的恒成立问题，考查了学生对基本知识的掌握情况，属于典型题.- 13 - 版权所有高考资源网