江苏省徐州市2019-2020学年高一数学下学期期中试题（含解析）.doc

1、江苏省徐州市2019-2020学年高一数学下学期期中试题（含解析）一、单项选择题：本大题共8小题，每小题5分，共计40分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.sin45cos15+cos45sin15的值为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】利用两角和与差的正弦公式求得答案.【详解】解：sin45cos15+cos45sin15sin（45+15）sin60，故选：B.【点睛】本题主要考查了两角和与差的正弦函数公式.属基础题.2.在正方体中，与是（ ）A. 相交直线B. 平行直线C. 异面直线D. 相交且垂直的直线【答案】C【解析】【分析】根据异面直线的

2、概念可判断出与是异面直线.【详解】由图形可知，与不同在任何一个平面，这两条直线为异面直线.故选：C.【点睛】本题考查空间中两直线位置关系的判断，熟悉异面直线的概念是判断的关键，属于基础题.3.已知：，均为锐角，tan，tan，则+（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】直接利用三角函数关系式的变换及和角公式的运用求出结果.【详解】解：由于，均为锐角，tan，tan，所以.所以.所以故选：B.【点睛】本题考查的知识要点：三角函数关系式的恒等变换，和角公式的运用，主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力，属于基础题型.4.在ABC中，已知a6，b8，C60，则ABC的面积为（ ）

3、A. 24B. 12C. 6D. 12【答案】B【解析】【分析】由已知利用三角形的面积公式即可求解.【详解】解：a6，b8，C60，ABC的面积SabsinC12.故选：B.【点睛】本题主要考查了三角形的面积公式的应用，属于基础题.5.若，则（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】先由，可得，结合，可得，继而得到，转化，利用两角差的正弦公式即得解【详解】由题意，故故又，故，则故选：C【点睛】本题考查了两角和与差的正弦公式、同角三角函数关系综合，考查了学生综合分析，转化划归，数学运算能力，属于中档题6.已知ABC的内角A、B、C所对的边分别是a，b，c，若bcosC+ccosBb

4、，则ABC一定是（ ）A. 等腰三角形B. 等边三角形C. 等腰直角三角形D. 直角三角形【答案】A【解析】【分析】直接利用三角函数关系式的恒等变换和正弦定理的应用求出结果.【详解】解：ABC的内角A、B、C所对的边分别是a，b，c，由bcosC+ccosBb，根据正弦定理：sinBcosC+sinCcosBsinB，整理得sin（B+C）sinAsinB，故ab，则ABC一定是等腰三角形.故选：A.【点睛】本题考查的知识要点：正弦定理和三角函数关系式的恒等变换，主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力，属于基础题型.7.若tan2，则2cos2+sin2（ ）A. B. C. D. 【答案

5、】D【解析】【分析】利用同角三角函数基本关系式化弦为切求解.【详解】解：tan2，2cos2+sin2.故选：D.【点睛】本题考查三角函数的化简求值，考查同角三角函数基本关系式及二倍角公式的应用，是基础题.8.如图，已知四棱锥PABCD的底面是平行四边形，点F在棱PA上，PFAF，若PC平面BDF，则的值为（ ）A. 1B. C. 3D. 2【答案】A【解析】【分析】连结AC，交BD于O，连结OF，则AOOC，再由点F在棱PA上，PFAF，PC平面BDF，能求出OFPC，【详解】解：连结AC，交BD于O，连结OF四棱锥PABCD的底面是平行四边形，AOOC，点F在棱PA上，PFAF，PC平面B

6、DF，OFPC，1.故选：A.【点睛】本题考查实数值的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查运算求解能力，是中档题.二、多项选择题：本大题共4小题，每小题5分，共计20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，部分选对的得3分，有选错的得0分.9.下列各式中，值为的是（ ）A. 2sin15cos15B. C. 12sin215D. 【答案】BCD【解析】【分析】利用二倍角公式结合三角函数的值逐一求解四个选项得答案.【详解】解：对于选项A，2sin15cos15sin30；对于选项B，；对于选项C，12sin215cos30；对于选项D，.值为的是B

7、CD.故选：BCD.【点睛】本题考查三角函数的化简求值，考查二倍角公式的应用，是基础题.10.根据下列条件解三角形，有两解的有（ ）A. 已知a，b2，B45B. 已知a2，b，A45C. 已知b3，c，C60D. 已知a2，c4，A45【答案】BD【解析】【分析】直接利用三角形的解的情况的判定理的应用和正弦定理的应用求出结果.【详解】解：对于选项A：由于a，b2，B45，利用正弦定理，解得sinA，由于ab，所以A，所以三角形有唯一解.对于选项B：已知a2，b，A45，利用正弦定理，解得,又,则或，故三角形有两解.对于选项C：已知b3，c，C60，所以利用正弦定理，所以sinB1.51，故三

8、角形无解.对于选项D：已知a2，c4，A45，由于acsinA，即以顶点B为圆心,a为半径的圆与AC射线有两个不同交点，故三角形有两解.故选：BD.【点睛】本题考查的知识要点：正弦定理的应用，三角形的解的情况的判定，主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力，属于基础题型.11.在空间四边形中,分别是上的点,当平面时,下面结论正确的是( )A. 一定是各边的中点B. 一定是中点C. ,且D. 四边形是平行四边形或梯形【答案】CD【解析】【分析】根据线面平行的性质定理即可得解.【详解】解：由平面,所以由线面平行的性质定理,得,则,且,且,四边形是平行四边形或梯形.故选：.【点睛】本题考查线面平行

9、的性质定理的应用，属于基础题.12.在中，下列各式正确是( )A. B. C. D. 【答案】CD【解析】【分析】根据三角形内角和定理可得，可得，选项A，B错误；再根据已知条件和两角和的正切公式可得，故选项C，D正确.【详解】，选项A，B错误；，又，联立解得，故选项C，D正确:故选：CD.【点睛】本题考查了三角形的内角和定理，考查了两角和的正切公式，属于基础题.三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13.已知为第二象限的角，sin，则tan2_.【答案】【解析】【分析】由已知求得cos，进一步得到tan，再由二倍角的正切求解.【详解】解：为第二象限的角，且sin，cos，得tan.t

10、an2.故答案为：.【点睛】本题考查三角函数的化简求值，考查同角三角函数基本关系式及二倍角的正切，是基础题.14.如图所示，正方体ABCDA1B1C1D1中，E，F分别是棱BC，CC1的中点，则异面直线EF与B1D1所成的角为_.【答案】60【解析】【分析】以D为原点，DA为x轴，DC为y轴，DD1为z轴，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出异面直线EF与B1D1所成的角.【详解】解：以D为原点，DA为x轴，DC为y轴，DD1为z轴，建立空间直角坐标系，设正方体ABCDA1B1C1D1中棱长为2，则E（0，1，2），F（0，2，1），B1（2，2，2），D1（0，0，2），（0，1，1），（2

11、，2，0），设异面直线EF与B1D1所成的角，则cos，60.故答案为：60.【点睛】本题考查异面直线所成角的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查运算求解能力，是中档题.15.内角的对边分别为，若的面积为，则C=_.【答案】【解析】【分析】根据余弦定理和的面积公式可求角.【详解】由余弦定理，可得的面积，又的面积，又.故答案为：.【点睛】本题考查余弦定理和三角形面积公式，属于基础题.16.已知：，cos（），则cos（）_.【答案】【解析】【分析】首先利用已知条件求出的范围，进一步求出，最后利用角的恒等变换的应用求出结果.【详解】解：由已知，则，由于cos（），故.则co

12、s（）cos（）.故答案为：.【点睛】本题考查的知识要点：三角函数关系式的恒等变换，和角和差角公式的应用，主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力，属于基础题型.四、解答题（共6小题，满分70分）17.ABC三个内角A，B，C对应的三条边长分别是a，b，c，且满足csinAacosC.（1）求角C的大小；（2）若b，c，求a.【答案】（1）（2）a【解析】【分析】（1）由正弦定理得csinAasinC，代入得，即可得出.（2）由余弦定理c2a2+b22abcosC，代入化简即可得出.【详解】解（1）由正弦定理得csinAasinC，代入得，即0C，sinC0，故cosC0又0C，.（2）由余

13、弦定理c2a2+b22abcosC，得a22acos，即a23a80，解得a，又a0，a.【点睛】本题考查了正弦定理、余弦定理、方程的解法，考查了推理能力与计算能力，属于基础题.18.已知函数f（x）cos2x+sinxcosx.（1）求函数f（x）的最小正周期；（2）若x，求函数f（x）的取值范围.【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）由题意利用三角恒等变换化简函数的解析式，再利用正弦函数的周期性，得出结论.（2）由题意利用正弦函数函数的定义域和值域，求得函数f（x）的取值范围.【详解】解：（1）由题意可得，所以f（x）的最小正周期为T.（2）若x，则2x，f（x）的取值范围为.【点睛】

14、本题主要考查三角恒等变换，正弦函数的周期性，正弦函数的定义域、值域，属于基础题.19.如图，在三棱柱ABCA1B1C1中，E，F分别为A1C1和BC的中点，M，N分别为A1B和A1C的中点.求证：（1）MN平面ABC；（2）EF平面AA1B1B.【答案】（1）证明见解析；（2）证明见解析；【解析】【分析】（1）推导出MNBC，由此能证明MN平面ABC.（2）取A1B1的中点D，连接DE，BD.推导出四边形DEFB是平行四边形，从而EFBD，由此能证明EF平面AA1B1B.【详解】证明：（1）M、N分别是A1B和A1C中点.MNBC，又BC平面ABC，MN平面ABC，MN平面ABC.（2）如图，

15、取A1B1的中点D，连接DE，BD.D为A1B1中点，E为A1C1中点，DEB1C1且，在三棱柱ABCA1B1C1中，侧面BCC1B1是平行四边形，BCB1C1且BCB1C1，F是BC的中点，BFB1C1且，DEBF且DEBF，四边形DEFB是平行四边形，EFBD，又BD平面AA1B1B，EF平面AA1B1B，EF平面AA1B1B.【点睛】本题考查线面平行的证明，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查运算求解能力，是中档题.20.已知，（0，），且tan2，cos（1）求tan（+）的值；（2）求2的值.【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）直接利用三角函数关系式的变换的应

16、用和同角三角函数关系式的变换求出结果.（2）利用角的变换的应用及和（差）角公式的应用，求出结果.【详解】解（1），.（2）由（1）知，.tan2，（0，），tan（2）1.【点睛】本题考查的知识要点：三角函数关系式的恒等变换同角三角函数关系式的变换，和（差）角公式的应用，主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力，属于基础题型.21.如图，在四边形ABCD中，ADAB，CAB60，BCD120，AC2.（1）若ABC30，求DC；（2）记ABC，当为何值时，BCD的面积有最小值？求出最小值.【答案】（1）（2）75时，面积取最小值.【解析】【分析】（1）由题意可求ADC120，在ACD中，可得

17、CAD906030，ADC120，进而由正弦定理解得CD的值.（2）由题意可得可得CAD30，可求ADC150，在ADC中，由正弦定理解得，在ABC中解得，利用三角形的面积公式，三角函数恒等变换的应用可求SBCD，结合范围0150，可得60260240，利用正弦函数的性质即可求解.【详解】解：（1）在四边形ABCD中，因为ADAB，BCD120，ABC30，所以ADC120，在ACD中，可得CAD906030，ADC120，AC2，由正弦定理得：，解得：.（2）因为CAB60，ADAB可得CAD30，四边形内角和360得ADC150，在ADC中，由正弦定理得：，解得：，在ABC中，由正弦定理得

18、：，解得，SBCD，0150，60260240，当26090即75时，S取最小值为.【点睛】本题主要考查了正弦定理，三角形的面积公式，三角函数恒等变换的应用以及正弦函数的性质，考查了计算能力和转化思想，考查了数形结合思想的应用，属于中档题.22.“我将来要当一名麦田里的守望者，有那么一群孩子在一块麦田里玩，几千万的小孩子，附近没有一个大人，我是说除了我”麦田里的守望者中的主人公霍尔顿将自己的精神生活寄托于那广阔无垠的麦田.假设霍尔顿在一块成凸四边形的麦田里成为守望者，如图所示，为了分割麦田，他将连接，设中边所对的角为，中边所对的角为，经测量已知，.（1）霍尔顿发现无论多长，为一个定值，请你验证

19、霍尔顿的结论，并求出这个定值；（2）霍尔顿发现麦田的生长于土地面积的平方呈正相关，记与的面积分别为和，为了更好地规划麦田，请你帮助霍尔顿求出的最大值.【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】（1）在和中分别对使用余弦定理，可推出与的关系，即可得出是一个定值；（2）求出的表达式，利用二次函数的基本性质以及余弦函数值的取范围，可得出的最大值.【详解】（1）在中，由余弦定理得，在中，由余弦定理得，则，；（2），则，由（1）知：，代入上式得：，配方得：，当时，取到最大值.【点睛】本题考查余弦定理的应用、三角形面积的求法以及二次函数最值的求解，解题的关键就是利用题中结论将问题转化为二次函数来求解，考查运算求解能力，属于中等题.