江苏省盐城中学2023-2024学年高二数学上学期8月月考试题（Word版附解析）.docx

1、高二年级基础性学情检测数学试卷一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 一条直线过点和，则该直线的倾斜角为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据倾斜角与斜率的关系可求得答案【详解】设直线的倾斜角为（），因为直线过点和，且斜率存在，所以，因为，所以，故选：B2. 已知复数（为虚数单位），则复数的虚部为（ ）A. 2B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】复数的乘法运算求解即可.【详解】，即复数的虚部为2，故选:.3. 已知过点和点的直线为l1，. 若，则的值为（ ）A. B. C. 0D. 8【答案】A

2、【解析】【分析】由平行、垂直直线的斜率关系得出的值.【详解】因为，所以，解得，又，所以，解得.所以.故选：A.4. 直线按向量平移后得直线，设直线与之间的距离为，则的范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据直线的方向向量与的位置关系考虑.【详解】当直线的方向向量与共线时，这时候直线与重合，距离为最短，；当直线的方向向量与垂直时，这时候直线与平行且距离为最长，.故选：B.5. 苏格兰数学家纳皮尔发明了对数，在此基础上，布里格斯制作了第一个常用对数表，对数是简化大数运算的有效工具.若一个正整数n的32次方仍是一个20位整数m，则根据下表数据，可知（ ）x237A. 3B.

3、 4C. 6D. 7【答案】B【解析】【分析】由题可得，同取以10为底的对数再化简得，查对数表进行估值运算即可求解.【详解】因为正整数n的32次方是一个20位整数m，所以，将以上不等式同时取以10为底的对数得，所以，即，而，因为，由选项知故选：B6. 若直线y=x+b与曲线有公共点，则b的取值范围是A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】试题分析：如图所示：曲线即 （x-2）2+（y-3）2=4（-1y3），表示以A（2，3）为圆心，以2为半径的一个半圆，直线与圆相切时，圆心到直线y=x+b的距离等于半径2，可得=2，b=1+2，b=1-2 当直线过点（4，3）时，直线与曲线有两个公

4、共点，此时b=-1结合图象可得b3故答案为C7. 在三棱锥中，是等腰直角三角形，且平面，则三棱锥的外接球的表面积为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】先证明出，判断出AP为球的直径，求出AP,即可得到半径，求出表面积.【详解】因为是等腰直角三角形，所以.因为平面平面，所以，所以AP为球的直径，且，所以三棱锥的外接球的半径为2，所以三棱锥的外接球的表面积为.故选:.8. 阿波罗尼斯是古希腊著名数学家，他对圆锥曲线有深刻系统的研究，主要研究成果集中在他的代表作圆锥曲线论一书，阿波罗尼斯圆是他的研究成果之一，指的是：已知动点M与两定点A，B的距离之比为(0，1)，那么点M的轨迹就

5、是阿波罗尼斯圆下面我们来研究与此相关的一个问题，已知圆O：x2y21上的动点M和定点A，B(1，1)，则2|MA|MB|的最小值为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】讨论点M在x轴上与不在x轴上两种情况，若点M不在x轴上，构造点K(2，0)，可以根据三角形的相似性得到，进而得到2|MA|MB|MB|MK|，最后根据三点共线求出答案.【详解】当点M在x轴上时，点M的坐标为(1，0)或(1，0)若点M的坐标为(1，0)，则2|MA|MB|2；若点M的坐标为(1，0)，则2|MA|MB|2当点M不在x轴上时，取点K(2，0)，如图，连接OM，MK，因为|OM|1，|OA|，|OK

6、|2，所以因为MOKAOM，所以MOKAOM，则，所以|MK|2|MA|，则2|MA|MB|MB|MK|易知|MB|MK|BK|，所以|MB|MK|的最小值为|BK|因为B(1，1)，K(2，0)，所以(2|MA|MB|)min|BK|又14，所以2|MA|MB|的最小值为故选：C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分.部分选对的得2分，有选错的得0分.9. 下列说法正确的是（ ）A. 直线的倾斜角的取值范围是B. “”是“直线与直线互相垂直”的充要条件C. 圆上有且仅有3个点到直线：的距离都等于1D. 经过平面内任意相异

7、两点，的直线都可以用方程表示.【答案】ACD【解析】【分析】对A：根据可求倾斜角的取值范围；对B：根据两直线垂直的条件求出的值即可判断；对C：求出圆心到直线的距离，可以找到到直线的距离为1的圆上的点只有3个；对D：对斜率为0、斜率不存在特殊情况讨论可以确定所求直线均可用表示.【详解】对A：直线的倾斜角为，则，因为，所以，故A正确.对B：当时，直线与直线斜率分别为，斜率之积为，故两直线相互垂直，所以充分性成立，若“直线与直线互相垂直”，则，故或，所以得不到，故必要性不成立，故B错误.对C：圆心到直线的距离，圆的半径，作交圆于，则到直线的距离为1，过作交圆于，则到直线的距离为1，圆上不存在其它的点

8、到直线的距离为1，故C正确.对D：经过任意两个不同的点的直线：当斜率等于0时，方程为，能用方程表示；当斜率不存在时，方程为，能用方程表示；当斜率不为0且斜率存在时，直线方程为也能用此方程表示，故D正确；故选：ACD.10. 已知实数满足曲线的方程，则下列选项正确的是（ ）A. 的最大值是B. 的最大值是C. 的最小值是D. 过点作曲线的切线，则切线方程为【答案】BD【解析】【分析】由表示圆上的点到定点的距离的平方，可判定A错误；由表示圆上的点与点的斜率，设，结合点到直线的距离公式，列出不等式，可判定B正确；由表示圆上任意一点到直线的距离的倍，进而可判定C错误；根据点在圆上，结合圆的切线的性质，

9、可判定D正确.【详解】由圆可化为，可得圆心，半径为，对于A中，由表示圆上的点到定点的距离的平方，所以它的最大值为，所以A错误；对于B中，表示圆上的点与点的斜率，设，即，由圆心到直线的距离，解得，所以的最大值为，所以B正确；对于C中，由表示圆上任意一点到直线的距离的倍，圆心到直线的距离，所以其最小值为，所以C错误；对于D中，因为点满足圆的方程，即点在圆上，则点与圆心连线的斜率为，根据圆的性质，可得过点作圆的切线的斜率为，所以切线方程为，即，所以D正确.故选：BD.11. 已知动直线：和：，是两直线的交点，、是两直线和分别过的定点，下列说法正确的是（ ）A. 点的坐标为B. C. 的最大值为10D

10、. 的轨迹方程为【答案】BC【解析】【分析】根据直线方程求出定点的坐标，判断A，证明直线垂直，判断B，再结合判断C，D.【详解】直线的方程可化为，所以直线过定点，直线的方程可化为，所以直线过定点，所以点的坐标为，点的坐标为，所以A错误，由已知，所以直线与直线垂直，即，B正确，因为，所以，故，所以，当且仅当时等号成立，C正确；因为，故，设点的坐标为，则，化简可得，又点不是直线的交点，点在圆上，故点的轨迹为圆除去点，D错误；故选：BC. 12. 设中角，所对应的边长度分别为，满足，则以下说法中正确的有（ ）A. 为钝角三角形B. 若确定，则的面积确定C. D. 【答案】BCD【解析】【分析】利用给

11、定条件结合三角形内角和定理、诱导公式、和角的正弦公式求出，再逐项分析即可作答.【详解】在中，因，令，则，显然，若，即，因，则，有，同理，矛盾，于是得，即角A，B，C都为锐角，A不正确；，即有，亦即：，显然，都小于0，否则，矛盾，则，即，而，解得，于是得，C正确；从而有，因此，的内角，是定值，若确定，即确定，其面积确定，B正确；，D正确.故选：BCD三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13. 设集合，若，则实数_【答案】或4#4或-2【解析】【分析】化简集合A、集合B，再结合，确定直线与平行或直线过点，最后求实数a值.【详解】集合A表示直线，即上的点，但除去点，集合B表示直线上的点，

12、当时，直线与平行或直线过点，所以或，解得或故答案：或414. 袋子中有5个大小质地完全相同的球，其中2个红球、3个黄球，从中不放回地依次随机摸出2个球，则两次都摸到红球的概率是_.【答案】【解析】【分析】利用古典概型的概率公式求解即可【详解】解：由题意可得所求概率为，故答案为：15. 已知圆：，圆：，M，N分别为圆和圆上的动点，P为直线l：上的动点，则的最小值为_【答案】#【解析】【分析】利用配方法求出圆的圆心坐标和半径，利用圆和直线的对称性，结合两圆位置关系进行转化求解即可【详解】解：圆的标准方程为，圆，则圆心坐标，半径为1，圆心坐标，半径为2，设关于对称的点的坐标为.所以圆关于对称的点的坐

13、标为圆，半径为1，由对称性知问题转化为到，的距离之和的最小值，由图象知当，三点共线时，的距离最小，此时最小值为，故答案为：16. 已知函数的图象关于对称，且对，当且时，恒成立，若对任意的恒成立，则实数的取值范围为_.【答案】【解析】【分析】根据函数的图象关于对称，得到是偶函数，再根据且时，恒成立，得到在上递减，在上递增，将对任意的恒成立，转化为对任意的恒成立求解.【详解】解：因为函数的图象关于对称，所以函数的图象关于对称，所以是偶函数，又因为，当且时，恒成立，所以在上递减，则在上递增，因为对任意的恒成立，所以对任意的恒成立，所以对任意的恒成立，当时，对任意的恒成立，当时， 对任意的恒成立，令

14、，则 ，当且仅当 ，即 时，等号成立，所以 ，即 ，则实数的取值范围为，故答案为：四、解答题：本题共6小题，17题10分，其余每小题12分共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17. 已知直线.（1）当直线l在x轴上的截距是它在y上的截距3倍时，求实数a的值：（2）当直线l不通过第四象限时，求实数a的取值范围.【答案】（1）或 （2）【解析】【分析】（1）先求出且，再求出直线l在x轴上的截距，在y上的截距，列出方程，求出a的值；（2）考虑直线斜率不存在和直线斜率存在两种情况，列出不等式组，求出实数a取值范围.【小问1详解】由条件知，且，在直线l的方程中，令得，令得，解得：，或，经检验

15、，均符合要求.【小问2详解】当时，l的方程为：.即，此时l不通过第四象限；当时，直线/的方程为：.l不通过第四象限，即，解得综上所述，当直线不通过第四象限时，a的取值范围为18. 已知圆C：（1）若点，求过点的圆的切线方程；（2）若点为圆的弦的中点，求直线的方程【答案】（1）或 （2）【解析】【分析】（1）求出圆的圆心与半径，分过点的直线的斜率不存和存在两种情况，利用圆心到直线距离等于半径，即可求出切线方程；（2）根据圆心与弦中点的连线垂直线，可求出直线的斜率，进而求出结果.【小问1详解】解：由题意知圆心的坐标为，半径，当过点的直线的斜率不存在时，方程为由圆心到直线的距离知，此时，直线与圆相切

16、当过点的直线的斜率存在时，设方程为，即由题意知，解得，方程为故过点的圆的切线方程为或【小问2详解】解：圆心，即，又，则.19. 如图，在四棱锥中，平面，底面四边形是正方形，点E为的中点（1）求证：平面；（2）求平面与平面所成锐二面角的大小【答案】（1）证明见解析 （2）【解析】【分析】（1）设与的交点为O，连接，则，由平面，可证得平面，则，而由正方形的性质可得，所以由线面垂直的判定可证得结论，（2）以A为坐标原点，所在的直线分别为x，y，z轴建立如图所示的空间直角坐标系，利用空间向量求解即可.【小问1详解】证明：设与的交点为O，连接因为底面四边形为正方形，所以又点E为的中点，所以因为平面，平面

17、，所以，所以,因为平面，所以平面，又平面，所以因为，平面，所以平面小问2详解】解：设，则以A为坐标原点，所在的直线分别为x，y，z轴建立如图所示的空间直角坐标系，则，可得由（1）知，平面的一个法向量为设平面的一个法向量为，则，取，可得，所以，设平面与平面所成锐二面角为，则，因为，所以，即平面与平面所成锐二面角的大小为20. 为解决城市的拥堵问题，某城市准备对现有的一条穿城公路进行分流，已知穿城公路自西向东到达城市中心点后转向东北方向（即）.现准备修建一条城市高架道路，在上设一出入口，在上设一出入口.假设高架道路在部分为直线段，且要求市中心与的距离为. （1）求两站点，之间距离的最小值；（2）公

18、路段上距离市中心处有一古建筑群，为保护古建筑群，设立一个以为圆心，为半径的圆形保护区.在古建筑群和市中心之间设计入口，使高架道路所在直线不经过保护区（不包括临界状态），求的取值范围.【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）过点O作于点E，则，设，则，然后由，利用三角函数的性质求解.，（2）以O为原点建立平面直角坐标系，得到圆C的方程为：，设直线AB的方程为：，根据题意由，且求解.【小问1详解】如图所示： 过点O作于点E，则，设，则，所以，而，所以当时，.【小问2详解】以O为原点建立平面直角坐标系， 则圆C的方程为：，设直线AB的方程为：，由题意得：，且，所以，代入，化简得：，解得或（舍去）

19、，因为，所以，所以，当时，又，所以，所以.21. 已知函数（1）若的最小正周期为，求，的单调区间（2）将（1）中的函数图像上所有的点向右平移个单位长度，得到函数，且图像关于对称.若对于任意的实数，函数，与的公共点个数不少于6个且不多于10个，求正实数的取值范围.【答案】（1）在上单调递增,在上单调递减. （2）【解析】【分析】（1）使用降幂扩角公式和辅助角公式将化简为正弦型函数，再使用正弦函数的单调性性质求解；（2）根据图像平移的知识得到，由为偶函数可得，进一步化简，对于，结合函数图像列不等式组求解.【小问1详解】的最小正周期为,由,可得，在上单调递增,在上单调递减.【小问2详解】将(1)中的

20、函数图像上所有的点向右平移得，图像关于对称,，又，又对于任意的实数,函数与的公共点个数不少于6个且不多于10个，设的周期为，则.所以正实数的取值范围.22. 如图，在平面直角坐标系xOy中，已知点，圆与x轴的负半轴的交点是Q，过点P的直线l与圆O交于不同的两点A，B（1）设直线QA，QB的斜率分别是，求的值：（2）设AB中点为M，点，若，求的面积【答案】（1）；（2）【解析】【分析】（1）由已知可得直线的斜率存在，设出直线方程，与圆的方程联立，由斜率公式结合根与系数的关系即可求得的值；（2）设中点，由（1）知求得M的坐标，再由，得，把M的坐标代入，即可求得值，然后利用垂径定理求弦长，再求出Q到直线的距离，则的面积可求【详解】（1）当直线垂直于轴时，不合题意，设直线方程为，联立，整理得，设，则，所以即.（2）设中点，由（1）知，代入直线l的方程得，又由，得，化简得：，将代入上式，可得，所以圆心到直线l的距离，所以，Q到直线l的距离，所以【点睛】解决直线与圆的位置关系的常见方法：1、几何法：圆心到直线的距离与圆的半径比较大小，结合圆的性质，判断直线与圆的位置关系，这种方法的特点时计算量较小；2、代数法：将直线方程与圆的方程联立方程组，转化为一元二次方程，结合一元二次方程解得个数，判断直线与圆的位置关系，特点是计算量较大，更适合直线与圆锥曲线的位置关系的判定问题；