江西省九江市2022-2023学年高三数学（理）上学期一模试题（Word版含解析）.docx

1、九江市2023年第一次高考模拟统一考试数 学 试 题（理科）本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分.全卷满分150分，考试时间120分钟.考生注意：1.答题前，考生务必将自己的学号、姓名等项内容填写在答题卡上.2.第I卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，第II卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试题卷上作答，答案无效.3.考试结束，监考员将试题卷、答题卡一并收回.第卷（选择题60分）一、选择题:本大题共12小题，每小题5分，共60分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知集合，则(A

2、)A.B.C.D.解：，故选A.2.复数满足，则的虚部为（A）A.B.C.D.解:，虚部为，故选A.3.若实数满足约束条件，则的最大值为(D) A.B.C.D.解：由约束条件作出可行域，如图中阴影部分所示.易知目标函数的最大值在处取得，.故选D.4.巴塞尔问题是一个著名的级数问题，这个问题首先由皮耶特罗门戈利在1644年提出，由莱昂哈德欧拉在1735年解决.欧拉通过推导得出：.某同学为了验证欧拉的结论，设计了如右算法计算的值来估算，则判断框填入的是(D)A.B. C.D.解：由程序框图可知，最后一次进入判断框时，执行最后一次循环体，输出sum，故选D.5.设等比数列的公比为，前项和为，则“”是

3、“为递增数列”的（B）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件解：若，则为递减数列.若为递增数列，则，.所以“”是“为递增数列”的必要不充分条件.故选B.6.已知是边长为的等边三角形，且其顶点都在球的球面上.若球的表面积为，则到平面的距离为（B）A.B.C.D.解:，球的半径，设的外心为，从而，所求距离，故选B.7.已知函数的定义域为，若为偶函数，且，则(A)A. B. C. D.解：由，令得.令，得，.因为为偶函数，即，曲线关于直线对称.又，图像关于点中心对称，的周期. ，.故选A.8.已知双曲线()，过点作的一条渐近线的垂线，垂足为，过点作轴的垂线交于点，若

4、与的面积相等(为坐标原点)，则的离心率为（C）A.B.C.D.解:与的面积相等，为的中点，故为等腰直角三角形，,，即，故选C.9.在正方体中，点为棱上的动点，则与平面所成角的取值范围为（C）A.B.C.D.解：设，连接，平面，即为与平面所成角.设，故选C.10.已知为单位向量，则向量与夹角的最大值为(A)A.B.C.D.解：设，则，令， ，当且仅当时取等号，向量与夹角的最大值为.故选A.11.为了学习、宣传和践行党的二十大精神，某班组织全班学生开展了以“学党史、知国情、圆梦想”为主题的党史暨时政知识竞赛活动.已知该班男生20人，女生30人，根据统计分析，男生组成绩和女生组成绩的方差分别为.记该

5、班成绩的方差为，则下列判断正确的是（D）A.B.C.D.解:记男生组成绩和女生组成绩的平均分分别为，则，,，故选D.12.若对，不等式恒成立，则实数的取值范围是(C)A.B.C.D.解：由已知得：，.令，则，求导得，在上单调递增，在上单调递减，且当时；当时，.,，由及的图象可知，恒成立，即成立，而，故选C.二.填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.13.已知等差数列的前项和为，若，则 7 . 解：依题意得，解得，.14.2022年11月8日，江西省第十六届运动会在九江市体育中心公园主体育场开幕，这是九江市举办的规模最大、规格最高的综合性体育赛事.赛事期间，有3000多名志愿者参加了活动

6、.现将4名志愿者分配到跳高、跳远2个项目参加志愿服务活动，每名志愿者只分配到1个项目，每个项目至少分配1名志愿者，则“恰好有一个项目分配了3名志愿者”的概率为. 解：.15.已知函数()的最小正周期为，的图像关于点对称，.若在上存在最大值2，则实数的最小值是.解：，即，又， ，时，画图可知：，解得，即.16.已知点分别是抛物线和圆上的动点，点到直线的距离为，则的最小值为. 解：圆的标准方程为，抛物线的焦点为，准线方程为，即的最小值为.三、解答题:本大题共6小题，共70分解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.17.(本小题满分12分)中，内角所对的边分别是，已知，.(1)求角的值；(2)求边上

7、高的最大值.解:(1)由，得1分由正弦定理，得3分又，4分即5分，6分(2)解法一：设边上高为，由余弦定理,得7分即8分，即，当且仅当时，等号成立10分11分又，边上高的最大值为12分解法二：设边上高为，由正弦定理得，7分8分因为，10分，11分又，边上高的最大值为12分18.(本小题满分12分)如图，直角梯形中，将沿翻折至的位置，使得，为的中点.(1)求证：平面平面；DABCHDBFC(2)为线段上一点，若二面角的余弦值为，求线段的长.解:(1)，平面，平面1分又平面，2分由直角梯形，得3分又，平面，平面4分又平面，平面平面5分(2)取的中点，连接，BDHFCEzyx，又平面平面，平面,为的

8、中点，为的中点，又，6分故以所在的直线分别为轴，建立如图空间直角坐标系，则，设，则7分设平面的一个法向量为，令，得，即9分平面的一个法向量为10分，解得或(舍)11分即为的中点，故线段的长为12分19.(本小题满分12分)飞行棋是一种竞技游戏，玩家用棋子在图纸上按线路行棋，通过掷骰子决定行棋步数.为增加游戏乐趣，往往在线路格子中设置一些“前进”“后退”等奖惩环节，当骰子点数大于或等于到达终点的格数时，玩家顺利通关.已知甲、乙两名玩家的棋子已经接近终点，其位置如图所示：终点后退3步甲乙前进1步(1)求甲还需抛掷2次骰子才顺利通关的概率；(2)若甲、乙两名玩家每人最多再投掷3次，且第3次无论是否通

9、关，该玩家游戏结束.设甲、乙两玩家再投掷骰子的次数为，分别求出的分布列和数学期望.解:(1)甲第1次抛掷未到达终点，其点数应小于41分若第1次掷出的点数为1，根据游戏规则，棋子前进1步后可再前进1步，到达距离终点差2步的格子，第2次掷出的点数大于1，即可顺利通关，其概率为2分若第1次掷出的点数为2，棋子到达距离终点差2步的格子，第2次掷出的点数大于1，即可顺利通关，其概率为3分若第1次掷出的点数为3，根据游戏规则，棋子到达距离终点差1步的格子后需后退3步，又回到了原位，第2次掷出的点数大于3，可顺利通关，其概率为4分故甲抛掷2次骰子顺利通关的概率为5分(2)依题意得，7分，10分123123，

10、12分20.(本小题满分12分)MNABPF1F2xNyNON如图，已知椭圆()的左右焦点分别为，点为上的一个动点(非左右顶点)，连接并延长交于点，且的周长为，面积的最大值为2. (1)求椭圆的标准方程；(2)若椭圆的长轴端点为，且与的离心率相等，为与异于的交点，直线交于两点，证明：为定值.解:(1)的周长为，由椭圆的定义得，即1分又面积的最大值为2，即2分，解得3分椭圆的标准方程为4分(2)由(1)可知，5分设，点在曲线上，6分依题意，可设直线，的斜率分别为，则的方程分别为，于是7分联立方程组，消去整理，得，8分9分同理可得：10分，11分为定值12分21.(本小题满分12分)已知函数().

11、(1)求证：曲线在处的切线斜率恒大于0；(2)讨论极值点的个数.解:(1)(), 1分令()，则，易知在上单调递增，且2分当时，单调递减，当时，单调递增，在上单调递增3分，即曲线在处的切线斜率恒大于04分(2)令(),则，显然在上单调递增，由，得5分当时，单调递减；当时，单调递增，6分当时，在上单调递增，无极值点7分当时， ，所以存在唯一的，使得，即8分当时，即，单调递增；当时，即，单调递减.是的极大值点9分又，由(1)知，且当时，即，所以存在唯一的，使得，即10分当时，即，单调递减；当时，即，单调递曾，是的极小值点11分综上所述，当时，无极值点；当时，有一个极大值点和一个极小值点.12分请考

12、生在第22-23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分.22.(本小题满分10分）选修44：坐标系与参数方程在直角坐标系中，已知曲线的参数方程为(为参数)，以为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系，直线的极坐标方程为(为直线的倾斜角).(1)求直线的直角坐标方程和曲线的普通方程；(2)设，直线与曲线相交于两点，求的最大值.解:(1)由，得1分由，得直线的直角坐标方程为2分由(为参数)，两式相除得3分，整理得曲线的普通方程为()4分(2)解法一：直线经过点，的参数方程为(为参数)，代入中，得5分由，得6分，7分8分,，当且仅当时，等号成立9分故的最大值为10分解法二：直线经过点，5分由切割线定理得7分，当且仅当为圆的直径时，等号成立9分故的最大值为10分23.(本小题满分10分）全科免费下载公众号高中僧课堂选修45：不等式选讲已知均为正实数，且.(1)求的最大值；(2)求的最小值.解:(1)， 又，1分2分，当且仅当时，等式成立3分即的最大值为4分(2)令，则5分，当且仅当，即时，等式成立6分由(1)知，7分，8分即，当且仅当时，等式成立9分故的最小值为10分