四川省绵阳高中2014-2015学年高一上学期期末物理试卷 WORD版含解析.doc

1、四川省绵阳高中2014-2015学年高一上学期期末物理试卷一、本大题l2小题，每小题3分，共36分在给出的四个选项中只有一个最符合题意1（3分）将实验和逻辑推理（包括数学演算）和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法的科学家是（）A亚里士多德B伽利略C笛卡尔D爱因斯坦2（3分）在国际单位制中，质量、长度和时间的单位分别是（）Akg、m、sBkg、s、NCN、m、sDN、kg、m3（3分）火车在长直水平轨道上匀速行驶，坐在门窗密闭的车厢内的乘客将手中的苹果相对车竖直上抛，手保持在抛出位置，当苹果（相对车）落下来时（）A落在手的前方B落在手中C落在手的后方D落在手的侧边4（3分）

2、对于质点的运动，下列说法正确的是（）A质点运动的加速度为零，则速度为零，速度变化也为零B质点速度变化率越大，则加速度越大C质点某时刻的加速度不为零，则该时刻的速度也不为零D质点运动的加速度越大，它的速度变化越大5（3分）“扳手腕”是中学生课余非常喜爱的一项游戏甲、乙两同学进行“扳手腕”游戏关于他们的手之间的力，下列说法正确的是（）A甲扳赢了乙，是因为甲手对乙手的作用力大于乙手对甲手的作用力B只有当甲乙僵持不分胜负时，甲手对乙手的作用力才等于乙手对甲手的作用力C甲、乙比赛对抗时，无法比较甲手与乙手之间相互作用力的大小关系D无论谁胜谁负，甲手对乙手的作用力大小等于乙手对甲手的作用力大小6（3分）从

3、静止开始做匀加速直线运动的物体，第二个2s内和第三个2s内两段位移之比为（）A1：3B3：5C4：9D9：257（3分）如图所示，四个完全相同的弹簧都处于水平位置，它们的右端受到大小皆为F的拉力作用，而左端的情况各不相同：中弹簧的左端固定在墙上；中弹簧的左端受大小也为F的拉力作用；中弹簧的左端拴一小物块，物块在光滑的桌面上滑动；中弹簧的左端拴一小物块，物块在粗糙的桌面上滑动若认为弹簧的质量都为零，以l1、l2、l3、l4依次表示四个弹簧的伸长量，则有（）Al1l2Bl2l3Cl3l4Dl1=l2=l3=l48（3分）如图所示，一个大人单独提起一桶水和两个小孩共同提起同一桶水则（）A大人的拉力等

4、于两个小孩的拉力之和B大人的拉力不一定大于其中一个小孩的拉力C两个小孩两手臂的夹角越大，则小孩的拉力越小D两个小孩两手臂的夹角越大，则他们对桶的合力越大9（3分）质量为m1和m2的两个物体，由静止从同一高度下落，运动中所受的空气阻力分别是f1和f2已知质量为m1的物体后落地，则下列关系一定成立的是（）ABCm1m2Df1f210（3分）如图所示，一木块在垂直于倾斜天花板平面方向上的推力F作用下处于静止状态下列判断正确的是（）A天花板与木块间的弹力可能为零B天花板对木块的摩擦力可能为零C逐渐增大推力F，木块受到的摩擦力增大D逐渐增大推力F，木块将始终保持静止11（3分）如图所示，一只盛水的容器固

5、定在一个小车上，在容器中分别悬挂和拴住一只铁球和一只乒乓球，容器中水和铁球乒乓球都处于静止状态，当容器随小车突然向右运动时，两球的运动状况是（以小车为参考系）（）A铁球向左，乒乓球向右B铁球向右乒乓球向左C铁球和乒乓球都向左D铁球和乒乓球都向右12（3分）负重奔跑是体能训练常用方式之一如图所示的装置是运动员负重奔跑的跑步机已知运动员质量为m1，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮（不计滑轮摩擦、质量）悬挂质量为M2的重物，人用力向后蹬传送带使传送带沿顺时针方向转动下列说法正确的是（）A若m2静止不动，传送带对运动员的摩擦力大小为0B若m2匀速上升，传送带对运动员的摩擦力大于m2gC若m2匀速上升，m1

6、越大，传送带对运动员的摩擦力也越大D若m2匀加速上升，m1越大，传送带对运动员的摩擦力也越大二、本大题6小题，每小题3分，共18分在每小题给出的四个选硬中有一个或一个以上的选项正确，全对得3分，选对但不全得l分，有错或不选得0分13（3分）绵阳人民期盼已久的成绵乐动车终于于2014.12.16全线通车下表为其中一趟T8907次列车的时刻表依据该表，下列判断正确的是（） 站次 站名 到达时间 开车时间 停留时间 里程 l 江油 起点站 16：23 O 2 绵阳 16：58 17：04 6分钟 42公里 3 德阳 17：46 17：52 6分钟 96公里 4 成都 18：39 终到站 157公里A

7、T8907次列车从江油至成都的位移为157kmBT8907次列车在17：00的瞬时速度为零CT8907次列车从江油至成都的平均速率约为48 km/hD计算T8907次列车通过绵阳火车站站台的时间时，不能将其看成质点14（3分）如图，是甲、乙两物体相对同一点的位移时间图象，下列说法正确的是（）A甲、乙运动的方向相同B甲、乙运动的出发点相同C甲比乙早出发的时间是t1D甲运动的速率小于乙运动的速率15（3分）如图所示，用不可伸长的细线将球挂在光滑的竖直墙壁上，平衡时线的拉力为F1，墙对球的支持力为F2；若用一根原长与细线相等的橡皮筋代替细线，平衡时橡皮筋的拉力为F3，墙对球的支持力为F4，则以下判断

8、正确的是（）AF1F3BF1F3CF2F4DF2F416（3分）图示是幽默大师卓别林常用的一个艺术造型他身子侧倾，依靠手杖的支持使身躯平衡下列说法正确的是（）A水平地面对手杖有向左的摩擦力作用B水平地面对手杖有向右的摩擦力作用C水平地面对手杖的弹力方向竖直向上D水平地面对手杖的弹力方向竖直向下17（3分）一个小孩在蹦床上做游戏，他从高处落至蹦床上后又弹起到原高度小孩从高处开始下落到弹回原高度的整个过程中，他的运动速度随时间变化的关系如图所示，图中oa段和cd段为直线，其余段为曲线则由图象可知（）At1时刻，小孩开始与蹦床接触Bt2时刻，小孩弹起到原高度Ct4时刻，小孩处于失重状态Dt5时刻，小

9、孩处于失重状态18（3分）如图所示，一弹簧一端系在O点，另一端连一质量为2m的小物体P，开始物体静止在A点，弹簧处于原长另一质量m的小物体Q紧靠着P，将弹簧压缩到B点，此时弹簧的弹力为F，然后释放两物体，两物体开始运动已知两物体与水平地面的动摩擦因数相等且不变，下列说法正确的是（）A刚释放瞬间，P、Q间作用力为FB刚释放瞬间，P、Q间作用力为C在A、B之间某个位置（不包含A点），P、Q开始分离D在从B向A运动的过程中，物体Q的速度先增大后减小三本大题2小题每空2分，作图2分，共16分19（6分）在“探究共点力合成的规律”实验中，请将某小组同学的如下操作补充完整：（1）在水平放置的图板上垫一张白

10、纸，把橡皮条的一端固定在图板上，另一端拴两根细线，通过细线同时用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，使它与细线的结点达到某一位置O点，在白纸上记下O点的位置和两个弹簧秤的读数F1和F2，并（2）只用一个弹簧秤通过细线拉橡皮条，记下此时弹簧秤的读数F3和细线的方向20（10分）某实验小组采用图1示的装置“探究a与F、m之间的定量关系一实验中，小车碰到制动装置时，钩码尚未到达地面（1）下列措施中正确的是A首先要平衡摩擦力，使小车受到合力就是细绳对小车的拉力B每次小车都要从同一位置开始运动C实验时应先放小车，然后再开打点计时器的电源D钩码的总质量应远小于小车的总质量（2）如图2所示，是实验小组同学在实验中

11、得到的一条纸带，纸带上标注了几个计数点O、A、B、C，D，E、F，并且相邻两个计数点之间还有4个点没有画出，纸带旁还给出了最小刻度为lmm的刻度尺，已知打点计时器所用交流电频率为50Hz计数点A对应刻度尺上的读数是cm：由纸带可以计算，计数点D对应时刻小车的速度大小vD=m/s，小车的加速度是m/s2（结果均保留三位有效数字）（3）实验中，在探究加速度与小车质量关系时，某同学得到了7组数据，在坐标纸上描出相应的7个点（图3中打的位置）请在坐标纸上作出al/m的关系图象；由图象可知：四、本大题3小题，共30分要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案21（8分）某一长直的赛道上，一辆F1

12、赛车前方L=200m处有一安全车正以v0=10m/s的速度匀速前进，这时赛车从静止出发以a=2m/s2的加速度追赶求赛车经过多长时间追上安全车？22（10分）如图所示，原长L0=10cm、劲度系数k=200N/m的轻弹簧下端悬挂小球，轻绳一端系小球，另一端固定在拉力传感器上小球静止时，轻绳水平，传感器读数F=3N，弹簧的轴线与竖直方向的夹角=37sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2求：（1）小球的质量m：（2）此时弹簧的长度L23（12分）如图所示，在水平地面上固定一个倾角为=37的足够长的粗糙斜面质量m=1kg的小滑块（视为质点）在平行于斜面向上的恒力F=12N作用下，从

13、斜面底端以v0=2m/s的初速度开始沿斜面向上运动，t=2s后，撤去恒力F滑块与斜面之间的动摩擦因数为=0.5，g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8求：（1）小滑块沿斜面向上运动过程中的最大速度vm的大小？（2）小滑块在斜面上运动过程中离底端的最大位移xm的大小？四川省绵阳高中2014-2015学年高一上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、本大题l2小题，每小题3分，共36分在给出的四个选项中只有一个最符合题意1（3分）将实验和逻辑推理（包括数学演算）和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法的科学家是（）A亚里士多德B伽利略C笛卡尔D爱因斯坦考点：物理学

14、史 专题：常规题型分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答：解：将实验和逻辑推理（包括数学演算）和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法的科学家是伽利略，故选：B点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2（3分）在国际单位制中，质量、长度和时间的单位分别是（）Akg、m、sBkg、s、NCN、m、sDN、kg、m考点：力学单位制 分析：在国际单位制中，长度、质量和时间的单位是力学中基本单位，分别是m、kg、s解答：解：A、在国际单位制中，规定长度、质量和时间的单位分别是m、kg、s故A正确

15、 B、km、s、N、分别是长度的常用单位，时间的单位和力的单位故B错误 C、m是长度的国际单位，N、s分别是力的单位、时间的常用单位故C错误 D、N是力的单位，kg和m分别是质量和长度的单位，故D错误故选：A点评：单位与物理量要一起学习单位制是基本单位和导出单位组成，m、kg、s是力学国际单位制三个基本单位3（3分）火车在长直水平轨道上匀速行驶，坐在门窗密闭的车厢内的乘客将手中的苹果相对车竖直上抛，手保持在抛出位置，当苹果（相对车）落下来时（）A落在手的前方B落在手中C落在手的后方D落在手的侧边考点：竖直上抛运动 专题：直线运动规律专题分析：火车和人水平方向的分速度相等，即相对静止；竖直方向苹

16、果做竖直上抛运动解答：解：火车在水平轨道上匀速行驶，人、车、苹果等都做匀速直线运动；苹果竖直上抛后，水平方向分速度不变，竖直方向做上抛运动；即苹果相对于车做竖直上抛运动，故一定掉在手中；故选：B点评：本题关键明确苹果和车水平方向速度相同，竖直方向苹果做竖直上抛运动，基础题4（3分）对于质点的运动，下列说法正确的是（）A质点运动的加速度为零，则速度为零，速度变化也为零B质点速度变化率越大，则加速度越大C质点某时刻的加速度不为零，则该时刻的速度也不为零D质点运动的加速度越大，它的速度变化越大考点：加速度 专题：直线运动规律专题分析：根据加速度的概念，知道加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度与速

17、度无关，加速度大说明速度变化快，速度的变化率大解答：解：A、加速度为零，可能做匀速运动，速度不为零，故A错误；B、加速度描述速度变化的快慢，加速度大说明速度变化快，速度的变化率大，故B正确；C、质点某时刻的加速度不为零，则速度可能为零，如自由落体运动的开始，故C错误；D、质点运动的加速度越大，说明速度变化快，由于不知道时间，因此无法确定其速度变化量的大小，故D错误故选：B点评：加速度是运动学中最重要的物理量，对它的理解首先抓住物理意义，其次是定义式，以及与其他物理量的关系5（3分）“扳手腕”是中学生课余非常喜爱的一项游戏甲、乙两同学进行“扳手腕”游戏关于他们的手之间的力，下列说法正确的是（）A

18、甲扳赢了乙，是因为甲手对乙手的作用力大于乙手对甲手的作用力B只有当甲乙僵持不分胜负时，甲手对乙手的作用力才等于乙手对甲手的作用力C甲、乙比赛对抗时，无法比较甲手与乙手之间相互作用力的大小关系D无论谁胜谁负，甲手对乙手的作用力大小等于乙手对甲手的作用力大小考点：牛顿第三定律 分析：作用力与反作用力，它们总是大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，与输赢无关解答：解：甲手对乙手的作用力和乙手对甲手的作用力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，所以无论谁胜谁负，甲手对乙手的作用力大小等于乙手对甲手的作用力大小，故D正确，ABC错误故选：D点评：该题考查了牛顿第三定律：作用力与反作用力的关系，难

19、度不大，属于基础题6（3分）从静止开始做匀加速直线运动的物体，第二个2s内和第三个2s内两段位移之比为（）A1：3B3：5C4：9D9：25考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式得出第2个2s和第3个2s内的位移，从而得出位移之比解答：解：设相等时间为T，则第2个2s内的位移为：，第3个2s内的位移为：，则第二个2s内和第三个2s内两段位移之比为3：5故选：B点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式，并能灵活运用，基础题7（3分）如图所示，四个完全相同的弹簧都处于水平位置，它们的右端受到

20、大小皆为F的拉力作用，而左端的情况各不相同：中弹簧的左端固定在墙上；中弹簧的左端受大小也为F的拉力作用；中弹簧的左端拴一小物块，物块在光滑的桌面上滑动；中弹簧的左端拴一小物块，物块在粗糙的桌面上滑动若认为弹簧的质量都为零，以l1、l2、l3、l4依次表示四个弹簧的伸长量，则有（）Al1l2Bl2l3Cl3l4Dl1=l2=l3=l4考点：胡克定律 分析：弹力是物体发生弹性形变时，对与它接触的物体产生的力；弹簧受到的弹力与其伸长量（弹簧实际长度与原长之间的差值）成正比；测力计的示数代表的是作用在测力计挂钩上的力解答：解：弹簧受到的拉力与其伸长量（弹簧实际长度与原长之间的差值）成正比；且测力计的示

21、数代表的是作用在测力计挂钩上的力；由于右端受到大小皆为F，与左端的受力情况无关；故四根弹簧的伸长量都相同，即l1=l2=l3=l4；故D正确，A、B、C错误故选：D点评：本题关键要知道：弹簧的伸长量取决于作用在弹簧上的力的大小，作用在挂钩上的力都是F，则伸长量相同8（3分）如图所示，一个大人单独提起一桶水和两个小孩共同提起同一桶水则（）A大人的拉力等于两个小孩的拉力之和B大人的拉力不一定大于其中一个小孩的拉力C两个小孩两手臂的夹角越大，则小孩的拉力越小D两个小孩两手臂的夹角越大，则他们对桶的合力越大考点：力的合成 专题：牛顿运动定律综合专题分析：因为大人一个拉力作用时和两个小孩两个拉力共同作用

22、时效果相同，根据合力与分力的关系进行判断，根据合力的大小范围，可以知道合力可以大于、等于或小于分力的大小，当合力一定时，两分力夹角越大，则分力越大解答：解：A、大人的拉力等于两个小孩的拉力的合力，而不是拉力之和，故A错误；B、根据力合成的平行四边形定则，可以知道合力的大小可以大于、小于也可以等于分力的大小，故B正确；C、两小孩拉力的合力一定，根据平行四边形定则，则夹角越大则分力越大，故CD错误；故选：B点评：熟练掌握合力与分力的关系，利用平行四边形定则判断合力大小随两个力夹角的变化关系是解决本题的关键9（3分）质量为m1和m2的两个物体，由静止从同一高度下落，运动中所受的空气阻力分别是f1和f

23、2已知质量为m1的物体后落地，则下列关系一定成立的是（）ABCm1m2Df1f2考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：如果物体m1先落到地面，说明m1的物体下落加速度较大，根据牛顿第二定律列式判断f1和f2的关系解答：解：根据牛顿第二定律有：m1gf1=m1a1得：a1=gm2gf2=m2a2得：a2=g由题意应该有：a1a2则可得：故选：A点评：本题考查牛顿第二定律的应用，牛顿第二定律的一般应用步骤是：1、受力分析，2、根据F合=ma列方程，3、求解未知量10（3分）如图所示，一木块在垂直于倾斜天花板平面方向上的推力F作用下处于静止状态下列判断

24、正确的是（）A天花板与木块间的弹力可能为零B天花板对木块的摩擦力可能为零C逐渐增大推力F，木块受到的摩擦力增大D逐渐增大推力F，木块将始终保持静止考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：木块在重力作用下，有沿天花板下滑的趋势，一定受到静摩擦力，则天花板对木块一定有弹力，加重力、推力F，木块共受到四个力在逐渐增大F的过程，木块受到的静摩擦力不变，木块将始终保持静止解答：解：A、B、木块在重力作用下，有沿天花板下滑的趋势，一定受到静摩擦力，则天花板对木块一定有弹力；故木块受到重力、弹力、摩擦力和力F四个力作用，故A错误，B错误C、D、木块受力如图，

25、根据平衡条件得F=N+Gcos f=Gsin 由式知，静摩擦力f=Gsin，与F无关，当逐渐增大F的过程，N增大，最大静摩擦力增大，而木块受到的静摩擦力f不变，木块将始终保持静止故C错误，D正确；故选：D点评：本题考查分析物体受力的能力对于弹力和摩擦力的关系要理解：两物体间有摩擦力，一定有弹力11（3分）如图所示，一只盛水的容器固定在一个小车上，在容器中分别悬挂和拴住一只铁球和一只乒乓球，容器中水和铁球乒乓球都处于静止状态，当容器随小车突然向右运动时，两球的运动状况是（以小车为参考系）（）A铁球向左，乒乓球向右B铁球向右乒乓球向左C铁球和乒乓球都向左D铁球和乒乓球都向右考点：惯性 专题：常规题

26、型分析：当容器随小车突然向右运动时，铁球由于惯性要保持原来状态，故相对小车向左运动；当容器随小车突然向右运动时，容器中的水也有惯性，故也有相对小车向左运动的趋势，水的密度大于整个乒乓球的密度，故把乒乓球挤向右，故乒乓球故相对小车向右运动解答：解：因为小车突然向右运动时，由于惯性，铁球和乒乓球都有向左运动趋势，但由于与同体积的“水球”相比铁球的质量大，惯性大，铁球的运动状态难改变，即速度变化慢，而同体积的水球的运动状态容易改变，即速度变化快，而且水和车一起加速运动，所以小车加速运动时，铁球相对于小车向左运动，同理由于与同体积的“水球”相比乒乓球的质量小，惯性小，乒乓球向右运动故选：A点评：物体保

27、持运动状态不变的性质叫做惯性原来静止的物体具有保持静止状态的性质；原来处于运动的物体，具有保持匀速直线运动状态的性质，本题的难度在于这两个小球分别在一只盛水的容器中，因此解题时要考虑水的密度大于整个乒乓球密度，水的密度小于整个铁球密度等，总之此题有一定的拔高难度，属于难题12（3分）负重奔跑是体能训练常用方式之一如图所示的装置是运动员负重奔跑的跑步机已知运动员质量为m1，绳拴在腰间沿水平方向跨过滑轮（不计滑轮摩擦、质量）悬挂质量为M2的重物，人用力向后蹬传送带使传送带沿顺时针方向转动下列说法正确的是（）A若m2静止不动，传送带对运动员的摩擦力大小为0B若m2匀速上升，传送带对运动员的摩擦力大于

28、m2gC若m2匀速上升，m1越大，传送带对运动员的摩擦力也越大D若m2匀加速上升，m1越大，传送带对运动员的摩擦力也越大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：若m2静止不动或匀速上升，则运动员处于静止或匀速直线运动，根据受力平衡判断摩擦力的大小；若m2匀加速上升时，运动员做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律判断摩擦力的大小解答：解：A、若m2静止不动，则运动员处于静止，运动员在水平方向上受拉力和摩擦力平衡f=m2g，与传送带的速度无关故A错误B、若m2匀速上升，则运动员处于匀速直线运动，水平方向受拉力和摩擦力平衡f=m2g，与运动的速度无关故B

29、C错误D、若m2匀加速上升时，运动员做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有：fT=m1a，Tm2g=m2a，联立解得：f=m2g+（m1+m2）am1越大，运动员对传送带的摩擦力也越大故D正确故选：D点评：解决本题的关键是合理地选择研究的对象，正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解二、本大题6小题，每小题3分，共18分在每小题给出的四个选硬中有一个或一个以上的选项正确，全对得3分，选对但不全得l分，有错或不选得0分13（3分）绵阳人民期盼已久的成绵乐动车终于于2014.12.16全线通车下表为其中一趟T8907次列车的时刻表依据该表，下列判断正确的是（） 站次 站名 到达时间 开车时间 停

30、留时间 里程 l 江油 起点站 16：23 O 2 绵阳 16：58 17：04 6分钟 42公里 3 德阳 17：46 17：52 6分钟 96公里 4 成都 18：39 终到站 157公里AT8907次列车从江油至成都的位移为157kmBT8907次列车在17：00的瞬时速度为零CT8907次列车从江油至成都的平均速率约为48 km/hD计算T8907次列车通过绵阳火车站站台的时间时，不能将其看成质点考点：平均速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：根据列车运行表先查出北京到北戴河的路程，由速度平均速度公式求出列车的平均速度解答：解：A、由列车时刻表可知，江油到

31、成都的路程为157km，不是位移故A错误；B、由列车时刻表可知，T8907次列车在17：00停在绵阳，瞬时速度为零故B正确；C、T8907次列车从江油至成都的时间是2小时16分，平均速率约为：69km/h故C错误；D、计算T8907次列车通过绵阳火车站站台的时间时，其长度不可忽略不计，不能将其看成质点，故D正确故选：BD点评：本题考查了速度公式的计算，求出列车从北京到北戴河的时间是解题的关键14（3分）如图，是甲、乙两物体相对同一点的位移时间图象，下列说法正确的是（）A甲、乙运动的方向相同B甲、乙运动的出发点相同C甲比乙早出发的时间是t1D甲运动的速率小于乙运动的速率考点：匀变速直线运动的图像

32、 专题：运动学中的图像专题分析：位移时间图象反映物体的位置坐标随时间的变化规律；图象中，倾斜的直线表示匀速直线运动；向上倾斜时速度为正，向下倾斜使速度为负；交点表示两物体相遇；初始位置的坐标即为两物体出发时的距离解答：解：A、xt图象的斜率等于物体运动的速度，由图可知甲图象的斜率为正值，乙图象的斜率为负值，说明它们的速度方向相反，故A错误B、由图可知乙从原点出发，甲从距原点x0处出发故两物体的出发点不同，相距x0故B错误C、甲在t=0时刻开始运动，而乙在t1时刻开始运动，故甲比乙早出发t1时间故C正确D、xt图象的斜率等于物体运动的速度，由图象可知甲的斜率小于乙的斜率，故甲运动的速率小于乙运动

33、的速率故D正确故选：CD点评：此类问题比较简单，关键了解了xt图象斜率表示速度，位移等于纵坐标的变化量，要学会读图15（3分）如图所示，用不可伸长的细线将球挂在光滑的竖直墙壁上，平衡时线的拉力为F1，墙对球的支持力为F2；若用一根原长与细线相等的橡皮筋代替细线，平衡时橡皮筋的拉力为F3，墙对球的支持力为F4，则以下判断正确的是（）AF1F3BF1F3CF2F4DF2F4考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以小球为研究对象，分析受力，由平衡条件得出绳对球的拉力、墙对小球的支持力与绳子与墙的夹角的关系式，再分析F1和F2如何变化解答：解：以小球

34、为研究对象，分析受力如图设绳子与墙的夹角为，由平衡条件得：F1=，F2=mgtan根据牛顿第三定律得球对绳的拉力为：F1=F1=，球对墙的压力为：F2=F2=mgtan用一根原长与细线相等的橡皮筋代替细线，由于橡皮条被拉伸，所以橡皮条与墙的夹角变小，则橡皮条的拉力变小，墙对球的支持力变小，所以F1F3，F2F4，故选：AC点评：本题物体的平衡中动态变化分析问题，采用的是函数法，也可以运用图解法16（3分）图示是幽默大师卓别林常用的一个艺术造型他身子侧倾，依靠手杖的支持使身躯平衡下列说法正确的是（）A水平地面对手杖有向左的摩擦力作用B水平地面对手杖有向右的摩擦力作用C水平地面对手杖的弹力方向竖直

35、向上D水平地面对手杖的弹力方向竖直向下考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：依靠侧倾的手杖来支持身躯使其平衡，则手杖受到地面的支持力与静摩擦力支持力与支持面垂直，而静摩擦力与接触面平行解答：解：倾斜的手杖，受到地面的竖直向上的支持力，及与地面平行的向左静摩擦力同时有摩擦力必有弹力因此A、C正确；B、D错误；故选：AC点评：考查弹力与摩擦力的方向，及两者产生的条件关系同时要会对共点物体进行受力分析17（3分）一个小孩在蹦床上做游戏，他从高处落至蹦床上后又弹起到原高度小孩从高处开始下落到弹回原高度的整个过程中，他的运动速度随时间变化的关系如图所示

36、，图中oa段和cd段为直线，其余段为曲线则由图象可知（）At1时刻，小孩开始与蹦床接触Bt2时刻，小孩弹起到原高度Ct4时刻，小孩处于失重状态Dt5时刻，小孩处于失重状态考点：匀变速直线运动的图像；超重和失重 分析：小孩在蹦床上时小孩所受的蹦床的弹力是变力，故小孩做变加速运动小孩在空中时小孩所受的重力提供其加速度，即小孩做匀变速直线运动而速度图象的斜率表示物体的加速度，故当速度图象是倾斜的直线时，小孩不与蹦床接触斜率的绝对值越大，代表小孩的加速度越大加速度向上，小孩处于超重状态，加速度方向向下，小孩处于失重状态解答：解：A、B、当小孩从高处下落而未与蹦床接触时小孩只受重力，其加速度为g，而在小

37、孩弹起过程中，当小孩与蹦床脱离后，小孩只受重力，故其加速度亦为g，所以当速度图象为倾斜的直线时，小孩在空中不与蹦床接触所以小孩与蹦床接触的时间为t1t5故A正确，B错误C、D、速度时间图象的斜率代表物体的加速度，t4时刻，小孩加速度向上，处于超重状态，t5时刻图象的斜率为正，加速度向下，处于失重状态，故D正确C错误故选：AD点评：解决本题主要是要了解小孩的运动过程，从而确定小孩的受力情况，进而确定小孩的加速度情况另外要熟知速度图象的斜率代表物体运动的加速度18（3分）如图所示，一弹簧一端系在O点，另一端连一质量为2m的小物体P，开始物体静止在A点，弹簧处于原长另一质量m的小物体Q紧靠着P，将弹

38、簧压缩到B点，此时弹簧的弹力为F，然后释放两物体，两物体开始运动已知两物体与水平地面的动摩擦因数相等且不变，下列说法正确的是（）A刚释放瞬间，P、Q间作用力为FB刚释放瞬间，P、Q间作用力为C在A、B之间某个位置（不包含A点），P、Q开始分离D在从B向A运动的过程中，物体Q的速度先增大后减小考点：简谐运动的回复力和能量 专题：简谐运动专题分析：对整体和隔离法对PQ进行受力分析，由牛顿第二定律求解出PQ间的作用力；当PQ两物体分离时加速度等于零，通过受力分析，判断出物体的位置解答：解：A、刚释放瞬间，对PQ整体受力分析，由牛顿第二定律可得：F（mPg+mQg）=（mP+mQ）a对Q受力分析，由牛

39、顿第二定律可得：FmQg=mQa联立解得：F=F故A错误，B正确；C、当加速度减小到零时，PQ分离，而当弹簧的弹力等于向左的摩擦力时，加速度为零，刚好是速度先增大后减小的转折时刻，所以速度最大，通过受力分析，可知在A、B之间某个位置（不包含A点），PQ不能分离，故C错误，D正确；故选：BD点评：本题考查根据物体的受力情况分析其运动情况的能力，关键要抓住弹簧的弹力的可变性，进行动态分析三本大题2小题每空2分，作图2分，共16分19（6分）在“探究共点力合成的规律”实验中，请将某小组同学的如下操作补充完整：（1）在水平放置的图板上垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在图板上，另一端拴两根细线，通过细线同

40、时用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，使它与细线的结点达到某一位置O点，在白纸上记下O点的位置和两个弹簧秤的读数F1和F2，并记下两细线的方向（2）只用一个弹簧秤通过细线拉橡皮条，使结点仍到达O点位置，记下此时弹簧秤的读数F3和细线的方向考点：验证力的平行四边形定则 专题：实验题；平行四边形法则图解法专题分析：“验证力的平行四边形定则”的实验原理是：记录两个分力以及合力的大小和方向后，选用相同的标度将这三个力画出来，画出来的合力是实际值，然后根据平行四边形画出合力的理论值，通过比较实际值和理论值的关系来进行验证，明确了实验原理即可知知道实验中需要记录的物理量和具体的操作解答：解：（1）探究“互成角

41、度的两个力的合成”的实验的实验原理是用力的图示画出两个分力和实际的合力，然后用平行四边形画出合力的理论值，因此需要记录两个拉力的大小和方向，拉力的方向通过细线来确定（2）该实验采用“等效代替”法，因此在用两个绳套拉橡皮筋时，要将橡皮筋与细线结点拉到与步骤（1）中结点O位置重合，同时记录弹簧弹力的大小和方向故答案为：（1）记下两细线的方向；（2）使结点仍到达O点位置点评：要围绕“验证力的平行四边形定则”的实验原理对实验步骤和实验中需要注意的问题进行理解，正确理解“等效代替”的含义20（10分）某实验小组采用图1示的装置“探究a与F、m之间的定量关系一实验中，小车碰到制动装置时，钩码尚未到达地面（

42、1）下列措施中正确的是ADA首先要平衡摩擦力，使小车受到合力就是细绳对小车的拉力B每次小车都要从同一位置开始运动C实验时应先放小车，然后再开打点计时器的电源D钩码的总质量应远小于小车的总质量（2）如图2所示，是实验小组同学在实验中得到的一条纸带，纸带上标注了几个计数点O、A、B、C，D，E、F，并且相邻两个计数点之间还有4个点没有画出，纸带旁还给出了最小刻度为lmm的刻度尺，已知打点计时器所用交流电频率为50Hz计数点A对应刻度尺上的读数是5.80cm：由纸带可以计算，计数点D对应时刻小车的速度大小vD=1.18m/s，小车的加速度是2.00m/s2（结果均保留三位有效数字）（3）实验中，在探

43、究加速度与小车质量关系时，某同学得到了7组数据，在坐标纸上描出相应的7个点（图3中打的位置）请在坐标纸上作出al/m的关系图象；由图象可知：合外力不变时，加速度大小与质量成反比考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：探究加速度与力的关系实验时，需要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsin=mgcos，可以约掉m，只需要平衡一次摩擦力操作过程是先接通打点计时器的电源，再放开小车小车的加速度应根据打出的纸带求出根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出

44、加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小根据描点法作出图象，根据图象得出结论解答：解：（1）A、实验首先要平衡摩擦力，使小车受到合力就是细绳对小车的拉力，故A正确；B、每次小车不需要要从同一位置开始运动，故B错误；C、实验中应先接通电源，后放开小车，故C错误；D、设小车质量M，钩码质量m，整体的加速度为a，绳上的拉力为F，则：对小车有：F=Ma；对钩码有：mgF=ma，即：mg=（M+m）a；如果用钩码的重力表示小车受到的合外力，则要求：Ma=（M+m）a，必须要满足钩码的质量远小于小车的总质量，这样两者才能近似相等，故D

45、正确；故选：AD（2）按刻度尺的读数规则读数，要估读到最小刻度的下一位，因此 A对应刻度尺上的读数为：5.80cm由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小vD=1.18m/s根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：a=2.00m/s2 ，（3）根据描点法作出图象，如图所示：根据图象可知，当合外力一定时，加速度与质量成反比故答案为：（1）AD （2）5.80 1.18，2.00 （3）如图 合外力不变时，加速度大小与质量成反比点评：

46、该题考查了实验注意事项、实验数据处理分析，知道实验原理及注意事项即可正确解题；探究加速度与力、质量的关系实验时，要平衡小车受到的摩擦力，不平衡摩擦力、或平衡摩擦力不够、或过平衡摩擦力，小车受到的合力不等于钩码的重力要求同学们能根据作差法求纸带的加速度，会根据描点法作图，注意离图象较远的点直接舍去，能根据图象得出结论四、本大题3小题，共30分要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案21（8分）某一长直的赛道上，一辆F1赛车前方L=200m处有一安全车正以v0=10m/s的速度匀速前进，这时赛车从静止出发以a=2m/s2的加速度追赶求赛车经过多长时间追上安全车？考点：匀变速直线运动的位移

47、与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：赛车做初速度为零的匀加速直线运动，安全车匀速运动，根据位移时间关系公式列式求解即可解答：解：设经过时间t赛车追上安全车，设赛车位移为x1，安全车位移为x2，则：x2=v0t由题意得：x1x2=L代入数据解得：t=20 s答：赛车经过20s时间追上安全车点评：本题关键是明确赛车和安全车的运动性质，根据运动学公式列式求解即可，基础题目22（10分）如图所示，原长L0=10cm、劲度系数k=200N/m的轻弹簧下端悬挂小球，轻绳一端系小球，另一端固定在拉力传感器上小球静止时，轻绳水平，传感器读数F=3N，弹簧的轴线与竖直方向的夹角=37sin37=0.6，c

48、os37=0.8，g=10m/s2求：（1）小球的质量m：（2）此时弹簧的长度L考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对小球受力分析，根据平衡条件求小球的重力；根据胡克定律求出弹簧的长度解答：解：（1）根据几何关系：mg=Fcot 得：m=0.4kg（2）弹簧弹力：F1=k（LL0）解得：L=12.5cm答：（1）小球的质量m为0.4kg：（2）此时弹簧的长度L为12.5cm点评：本题考查了受力分析以及平衡条件的应用，可以用合成法，也可以用正交分解法23（12分）如图所示，在水平地面上固定一个倾角为=37的足够长的粗糙斜面质量m=1kg的小滑

49、块（视为质点）在平行于斜面向上的恒力F=12N作用下，从斜面底端以v0=2m/s的初速度开始沿斜面向上运动，t=2s后，撤去恒力F滑块与斜面之间的动摩擦因数为=0.5，g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8求：（1）小滑块沿斜面向上运动过程中的最大速度vm的大小？（2）小滑块在斜面上运动过程中离底端的最大位移xm的大小？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）由牛顿第二定律可求得加速度，再由运动学公式可求得最大速度；（2）由牛顿第二定律可求得减速过程的加速度，再由运动学公式可求得总位移解答：解：（1）撤去F前：设小滑块的加速度为a1，Fmgsinf=ma1f=mgcosa1=2m/s22s时速度最大 vm=v0+a1t=2+22=6m/s（2）撤去F后：mgsinmgcos=ma2解得：a2=10m/s2上滑位移：x1=v0t+=22+=8mx2=1.8m；最大位移：xm=x1+x2=8+1.8=9.8m答：（1）小滑块沿斜面向上运动过程中的最大速度vm的大小为6m/s；（2）小滑块在斜面上运动过程中离底端的最大位移xm的大小为9.8m点评：本题考查牛顿第二定律的应用，要注意正确掌握加速度的在此类问题中的桥梁作用