2022～2023学年度上期高中2022级期中联考参考答案及评分标准.docx

1、20222023学年度上期高中2022级期中联考物理参考答案及评分标准一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。题号12345678答案CDBCBACD二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求；全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。题号91011答案ACBCBD三、实验探究题：本题共2小题，共15分。12（6分）（1）0.10（2分）0.38（2分）（2）B（2分）13（9分）（1）0.1（2分）（2）0.12（2分）（3）0.50（2分）（4）偏小（3分）四、

2、计算题：本题共3小题，共38分。解答应当写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的，不能得分。14（8分）解：（1）设比萨斜塔的高度为h，小球下落时间为则有2分解得1分（2）小球前3 s内的位移大小1分小球前2 s内的位移大小1分小球第3 s内的位移大小1分小球第3 s内的平均速度大小1分解得1分说明：其他合理解法，参照给分15（12分）解：（1）设最大速度为，匀加速阶段运动时间为，上升高度为；匀速阶段运动时间为，上升高度为；匀减速阶段运动时间为，上升高度为，则有1分1分1分1分解得1分（2）根据匀变速直线运动速度与时间的关系有解得1分同理有解得1分（3）设自由落体下降时间为

3、，下降高度为；匀减速下降时间为，下降高度为，落到地面时速度恰好减为0则2分2分解得1分故必须在以内恢复信号说明：其他合理解法，参照给分16（18分）解：（1），设比亚迪汉EV加速的加速度为，加速到所用时间为，减速的加速度为，减速距离为由1分解得1分由1分解得1分（2）设比亚迪汉EV 0100 km/h的加速距离为，奔驰C43 4MATIC 0100 km/h加速的加速度为，加速时间为，则（或）2分1分2分1分（9.9 m也给分）说明：第（2）问中间计算过程与解析略有偏差不扣分（3）由于同时同地出发，且，所以比亚迪汉EV的加速阶段二者不可能相遇当比亚迪汉EV的速度减为0时，设其减速到0所用的时间

4、为，从出发到速度减为0的位移为，1分1分因为，则比亚迪汉EV静止时奔驰C43 4MATIC匀速运动1分奔驰C43 4MATIC加速阶段的位移大小1分奔驰C43 4MATIC匀速阶段的位移大小1分故相遇时比亚迪汉EV必处于匀减速直线运动阶段1分而当奔驰C43 4MATIC 0100 km/h加速完成时，设比亚迪汉EV匀减速运动的位移大小为1分故此时奔驰C43 4MATIC还未追上比亚迪汉EV，所以奔驰C43 4MATIC追上比亚迪汉EV时，奔驰C43 4MATIC必处于匀速直线运动阶段1分说明：由于第（2）问的误差导致第（3）问结果与解析略有偏差，但是公式正确，两次判断思路清晰，结论正确也给全分

5、，只有结论无计算过程不给分解析： 1【答案】C【解析】2022年7月24日14时22分是一瞬间，指的是时刻，故A错误；航天员乘组进入问天实验舱必须考虑问天实验舱的大小及内部结构，不能将其视为质点，故B错误；对接瞬间可以认为二者保持相对静止状态，故C正确；组合体的大小对研究绕地球一周所用的时间的影响可忽略，可以将其视为质点，故D错误。 2【答案】D【解析】两条路线出发地和目的地相同，位移大小相同，故A错误；位移为矢量，上、下班位移方向相反，故B错误；限速标志限制的是瞬时速率，故C错误；两条路线都是非单向直线运动，故位移大小都小于路程，故D正确。 3【答案】B【解析】根据题意，设郫都区的家和彭州中

6、学之间的路程为s，从郫都区的家到彭州中学的时间为，从彭州中学沿原路返回郫都区的家的时间为，由平均速率的公式可得，则此次从郫都区的家中出发到返回郫都区的家中的平均速率为，故B正确。 4【答案】C【解析】竖直上抛的初速度大小为10 m/s，从抛出到上升至最高点，根据，可得，故A错误；竖直上抛运动全程加速度始终为g，故B错误；从抛出到上升至最高点，根据，可得，故C正确；根据竖直上抛的对称性，落回地面时的速度大小仍为10 m/s，故D错误。 5【答案】B【解析】由于加速度的方向始终与速度的方向相同，所以速度逐渐增大直到加速度为零，速度才不再变化，故A错误，B正确；由于质点的加速度与速度同向，所以运动方

7、向始终不变，直至加速度减为零，最终沿x轴正方向匀速运动，故C、D错误。 6【答案】A【解析】由于图像为抛物线，位移时间关系为二次函数关系，则加速度恒定，也可结合图像，02 s内正向匀减速，2 s4 s内反向匀加速，故A正确。 7【答案】C【解析】由于四根轻质弹簧完全一致，且一端拉力均为F，根据弹簧弹力的决定式，四根弹簧形变量均相同，故C正确。 8【答案】D【解析】A、B、C、D、E为五个等间距的点，以A点为研究过程的起点，根据，得，故A错误；由于小球做初速度为0的匀加速直线运动，根据，得，故B错误；C点为位移中点而非时间中点，故C错误；根据初速度为0的匀变速直线运动的规律有，得，又，故，故D正

8、确。 9【答案】AC【解析】重心是物体各部分所受重力的等效替代，故A正确；瓶子所受重力的施力物体是地球，故B错误；由绳拉力方向的定义可知C正确；由于空瓶倾斜，装半瓶水竖直，满瓶水会倾覆，所以瓶子由倾斜到竖直再到倾斜直至倾覆，瓶子重心的位置先下降再上升，故D错误。10【答案】BC【解析】由于乙的图像在时与坐标轴所围图形面积为0，所以此时乙回到出发点，故A错误；到内，甲的速度始终为正，故运动方向不变，故B正确；时，二者的速度均为正，所以此时二者的速度方向相同，故C正确；到内，甲、乙的图像斜率均为负，故二者的加速度方向相同，故D错误。11【答案】BD【解析】由于子弹在水平方向做匀减速直线运动，若第8

9、 s末仍处于运动状态，则有，。，速度方向已经反向，与假设矛盾，故子弹在8 s末之前已停止运动。逆向思维，把该运动当成初速度为0的匀加速直线运动，设第8 s内的运动时间为t，第8 s内的位移大小为，第1 s内的位移大小，解得，。再根据，解得，故B、D正确。12【解析】（1）滑块通过第一个光电门时的速度大小为，通过第二个光电门时的速度大小为，保留2位有效数字则为0.38 m/s。（2）为使测量值更接近瞬时速度，则应满足遮光时间，由于滑块做加速运动，使滑块的释放点更远离光电门，增大滑块到达光电门时的速度，可以起到减小遮光时间的效果，故B正确。13【解析】（1）相邻两个计数点间还有4个点未画出，所以相邻两个计数点间的时间间隔为。（2）打下计数点2时，纸带的速度大小为。（3）纸带的加速度大小为。（4）若交流电源的频率变为，则实际的周期小于0.02 s，而测量的周期为0.02 s，则测量的周期偏大，根据，T偏大，所以a偏小。