全国通用2022版高考物理大二轮总复习增分策略专题二第1讲动力学观点在力学中的应用试题.docx

1、专题定位本专题解决的是物体(或带电体)在力的作用下的匀变速直线运动问题高考对本专题考查的内容主要有：匀变速直线运动的规律及运动图象问题；行车安全问题；物体在传送带(或平板车)上的运动问题；带电粒子(或带电体)在电场、磁场中的匀变速直线运动问题；电磁感应中的动力学分析考查的主要方法和规律有：动力学方法、图象法、临界问题的处理方法、运动学的基本规律等应考策略抓住“两个分析”和“一个桥梁”“两个分析”是指“受力分析”和“运动情景或运动过程分析”“一个桥梁”是指“加速度是联系运动和受力的桥梁”综合应用牛顿运动定律和运动学公式解决问题第1讲动力学观点在力学中的应用高考题型1运动学基本规律的应用解题方略1

2、物体或带电粒子做匀变速直线运动的条件是：物体或带电粒子所受合力为恒力，且与速度方向共线2匀变速直线运动的基本规律为速度公式：vv0at.位移公式：xv0tat2.速度和位移公式的推论：v2v2ax.中间时刻的瞬时速度：v.任意相邻两个连续相等的时间内的位移之差是一个恒量，即xxn1xna(t)2.3解决此类问题必须熟练掌握运动学的基本规律和推论(即五个关系式)对于匀减速直线运动还要会灵活运用逆向思维法对于追及相遇问题要能分别清晰地分析两物体的运动过程，能找出空间和时间的关系等例1(2022山东理综14) 距地面高5 m的水平直轨道上A、B两点相距2 m，在B点用细线悬挂一小球，离地高度为h，如

3、图1所示小车始终以4 m/s的速度沿轨道匀速运动，经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B点时细线被轧断，最后两球同时落地不计空气阻力，取重力加速度的大小g10 m/s2.可求得h等于()图1A1.25 m B2.25 m C3.75 m D4.75 m预测1(2022长沙4月模拟)2022年我国多地都出现了雾霾天气，严重影响了人们的健康和交通设有一辆汽车在能见度较低的雾霾天气里以54 km/h的速度匀速行驶，司机突然看到正前方有一辆静止的故障车，该司机刹车的反应时间为0.6 s，刹车后汽车匀减速前进，刹车过程中加速度大小为5 m/s2，最后停在故障车前1.5 m处，避免了一

4、场事故以下说法正确的是()A司机发现故障车后，汽车经过3 s停下B司机发现故障车时，汽车与故障车的距离为33 mC从司机发现故障车到停下来的过程，汽车的平均速度为7.5 m/sD从司机发现故障车到停下来的过程，汽车的平均速度为11 m/s预测2(2022德阳市三诊)我国不少省市ETC联网正式启动运行，ETC是电子不停车收费系统的简称汽车分别通过ETC通道和人工收费通道的流程如图2所示假设汽车以正常行驶速度v116 m/s朝收费站沿直线行驶，如果过ETC通道，需要在距收费站中心线前d8 m处正好匀减速至v24 m/s，匀速通过中心线后，再匀加速至v1正常行驶；如果过人工收费通道，需要恰好在中心线

5、处匀减速至零，经过t025 s缴费成功后，再启动汽车匀加速至v1正常行驶设汽车在减速和加速过程中的加速度大小分别为a12 m/s2、a21 m/s2.求：图2(1)汽车过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小；(2)汽车通过ETC通道比通过人工收费通道速度再达到v1时节约的时间t是多少？高考题型2挖掘图象信息解决动力学问题解题方略1速度时间关系图线的斜率表示物体运动的加速度，图线与时间轴所包围的面积表示物体运动的位移匀变速直线运动的vt图象是一条倾斜直线2解图象类问题的关键在于将图象与物理过程对应起来，通过图象的坐标轴、关键点、斜率、面积等信息，对运动过程进行分析，从而解决问题

6、例2(多选)(2022新课标全国20)如图3(a)，一物块在t0时刻滑上一固定斜面，其运动的vt图线如图(b)所示若重力加速度及图中的v0、v1、t1均为已知量，则可求出()图3A斜面的倾角B物块的质量C物块与斜面间的动摩擦因数D物块沿斜面向上滑行的最大高度预测3(2022成都市模拟)质量m50 kg的某同学站在观光电梯地板上，用速度传感器记录了电梯在一段时间内运动的速度随时间的变化情况(以竖直向上为正方向)由图4提供的信息可知()图4A在015 s内，观光电梯上升的高度为25 mB在515 s内，电梯地板对人的支持力做了2 500 J的功C在2025 s与2535 s内，观光电梯的平均速度大

7、小均为10 m/sD在2535 s内，观光电梯在减速上升，该同学的加速度大小2 m/s2预测4(多选)(2022浙江六校联考)如图5所示，底面足够大的水池中静置两种互不相容的液体，一可视为质点的空心塑料小球自水池底部无初速度释放，穿过两液体分界面后继续向上运动已知每种液体各处密度均匀，小球受到的阻力与速度成正比，比例系数恒定，小球向上运动中不翻滚则下列对小球速度v随时间t变化的图线描述可能正确的是()图5高考题型3应用动力学方法分析传送带问题解题方略1传送带问题的实质是相对运动问题，这样的相对运动将直接影响摩擦力的方向因此，搞清楚物体与传送带间的相对运动方向是解决该问题的关键2传送带问题还常常

8、涉及到临界问题，即物体与传送带速度相同，这时会出现摩擦力改变的临界状态，具体如何改变要根据具体情况判断例3(2022湖南十三校联考)如图6所示，有一条沿顺时针方向匀速传送的传送带，恒定速度v4 m/s，传送带与水平面的夹角37，现将质量m1 kg的小物块轻放在其底端(小物块可视作质点)，与此同时，给小物块沿传送带方向向上的恒力F8 N，经过一段时间，小物块上到了离地面高为h2.4 m的平台上已知物块与传送带之间的动摩擦因数0.5(g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)问：图6(1)物块从传送带底端运动到平台上所用的时间？(2)若在物块与传送带达到相同速度时，立即撤去恒力F

9、，计算小物块还需经过多少时间离开传送带以及离开时的速度？预测5(多选)(2022临沂市5月模拟)如图7所示，一足够长的水平传送带以恒定的速度向右传动将一物体轻轻放在皮带左端，以v、a、x、F表示物体速度大小、加速度大小、位移大小和所受摩擦力的大小下列选项正确的是()图7预测6(2022河南八市模拟)如图8所示，绷紧的水平传送带足够长，始终以v12 m/s的恒定速率运行初速度大小为v23 m/s的小墨块从与传送带等高的光滑水平面上的A处滑上传送带若从小墨块滑上传送带开始计时，小墨块在传送带上运动5 s后与传送带的速度相同，求：图8(1)小墨块向左运动的最远距离；(2)小墨块在传送带上留下的痕迹长

10、度高考题型4应用动力学方法分析“滑块木板模型”问题解题方略1滑块木板模型类问题中，滑动摩擦力的分析方法与传送带类似，但这类问题比传送带类问题更复杂，因为木板往往受到摩擦力的影响也做匀变速直线运动，处理此类物体匀变速运动问题要注意从速度、位移、时间等角度，寻找它们之间的联系2要使滑块不从木板的末端掉下来的临界条件是滑块到达木板末端时的速度与木板的速度恰好相等例4(2022新课标全国25)一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块；在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5 m，如图9(a)所示t0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t1 s时木板与墙壁碰撞(碰撞时间极短

11、)碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板已知碰撞后1 s时间内小物块的vt图线如图(b)所示木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10 m/s2.求：图9(1)木板与地面间的动摩擦因数1及小物块与木板间的动摩擦因数2；(2)木板的最小长度；(3)木板右端离墙壁的最终距离预测7(2022湖北七市联考)如图10所示，可视为质点的物体A叠放在长木板B上，A、B的质量分别为m110 kg、m210 kg，B长为L16 m，开始时A在B的最右端；A与B、B与地之间的动摩擦因数分别为10.4、20.4；现将一水平恒力F200 N作用在B上，使A、B由静止开始运动，当

12、A恰好运动到B的中点时撤去外力F，g取10 m/s2.求：图10(1)力F作用的时间，及此时B前进的距离；(2)撤去外力F后B还能走多远？学生用书答案精析专题二力与物体的直线运动第1讲动力学观点在力学中的应用高考题型1运动学基本规律的应用例1A小车上的小球自A点自由落地的时间t1 ，小车从A到B的时间t2；小车运动至B点时细线被轧断，小球下落的时间t3；根据题意可得时间关系为t1t2t3，即 解得h1.25 m，选项A正确预测1B预测2(1)188 m(2)29 s解析(1)汽车通过ETC通道时：匀减速过程：x160 m匀加速过程：x2120 m汽车的总位移：xx1dx2188 m.(2)汽车

13、通过ETC通道时：匀减速过程：t16 s匀速过程：t22 s匀加速过程：t312 s汽车通过ETC通道的总时间：tt1t2t320 s汽车通过人工收费通道时，匀减速过程：t18 s匀加速过程：t216 s汽车通过人工通道的总时间：tt1t0t249 s汽车节约的时间：ttt29 s.高考题型2挖掘图象信息解决动力学问题例2ACD由vt图象可求知物块沿斜面向上滑行时的加速度大小为a，根据牛顿第二定律得mgsin mgcos ma，即gsin gcos .同理向下滑行时gsin gcos ，两式联立得sin ，可见能计算出斜面的倾斜角度以及动摩擦因数，选项A、C正确；物块滑上斜面时的初速度v0已知

14、，向上滑行过程为匀减速直线运动，末速度为0，那么平均速度为，所以沿斜面向上滑行的最远距离为xt1，根据斜面的倾斜角度可计算出向上滑行的最大高度为xsin t1，选项D正确；仅根据vt图象无法求出物块的质量，选项B错误预测3C预测4CD高考题型3应用动力学方法分析传送带问题例3(1)1.33 s(2)0.85 s解析对物块受力分析可知，物块先是在恒力作用下沿传送带方向向上做初速度为零的匀加速运动，摩擦力的方向先沿斜面向上，直至速度达到传送带的速度由牛顿第二定律：ma1Fmgcos 37mgsin 37，计算得：a16 m/s2，t1 s，x1 m物块达到与传送带同速后，物体未到顶端，物块受的摩擦

15、力的方向改变，对物块受力分析发现，因为F8 N而重力沿斜面方向的分力和最大摩擦力之和为10 N故不能相对斜面向上加速故得：a20，t2 s，得tt1t2 s1.33 s.(2)若达到速度相等后撤去力F，对物块受力分析，因为mgsin 37mgcos 37，故减速上行ma3mgsin 37mgcos 37，得a32 m/s2，物块还需t离开传送带，离开时的速度为vt，则：v2v2a3x2，vt m/s2.3 m/s，t0.85 s.预测5AB预测6(1)4.5 m(2)12.5 m解析(1)小墨块速度未与传送带速度相同时，受到的摩擦力始终向右，加速度始终向右，根据运动学知识有：a1 m/s2小墨

16、块向左减速运动时，对小墨块有：0v2at1x1t1联立解得：x14.5 m.(2)小墨块向左减速的过程中，对传送带：x2v1t1小墨块向右加速运动时，对小墨块有v1at2x1t2对传送带x2v1t2因而小墨块在传送带上的痕迹长度为x(x1x2)(x2x1)解得：x12.5 m.高考题型4应用动力学方法分析 “滑块木板模型”问题例4(1)0.10.4(2)6 m(3)6.5 m解析(1)根据图象可以判定碰撞前小物块与木板共同速度为v4 m/s碰撞后木板速度水平向左，大小也是v4 m/s小物块受到滑动摩擦力而向右做匀减速直线运动，加速度大小a2 m/s24 m/s2.根据牛顿第二定律有2mgma2

17、，解得20.4木板与墙壁碰撞前，匀减速运动时间t1 s，位移x4.5 m，末速度v4 m/s其逆运动则为匀加速直线运动可得xvta1t2解得a11 m/s2小物块和木板整体受力分析，滑动摩擦力提供合外力，由牛顿第二定律得：1(m15m)g(m15m)a1，即 1ga1解得10.1(2)碰撞后，木板向左做匀减速运动，依据牛顿第二定律有1(15mm)g2mg15ma3可得a3 m/s2对小物块，加速度大小为a24 m/s2由于a2a3，所以小物块速度先减小到0，所用时间为t11 s在此过程中，木板向左运动的位移为x1vt1a3t m, 末速度v1 m/s小物块向右运动的位移x2t12 m此后，小物

18、块开始向左加速，加速度大小仍为a24 m/s2木板继续减速，加速度大小仍为a3 m/s2假设又经历t2二者速度相等，则有a2t2v1a3t2解得t20.5 s此过程中，木板向左运动的位移x3v1t2a3t m，末速度v3v1a3t22 m/s小物块向左运动的位移x4a2t0.5 m此后小物块和木板一起匀减速运动，二者的相对位移最大，xx1x2x3x46 m小物块始终没有离开木板，所以木板最小的长度为6 m(3)最后阶段小物块和木板一起匀减速直到停止，整体加速度大小为a11 m/s2向左运动的位移为x52 m所以木板右端离墙壁最远的距离为xx1x3x56.5 m预测7(1)2 s16 m(2)1

19、9 m解析(1)力F开始作用时，设A、B的加速度分别为a1、a2，对A：1m1gm1a1，a14 m/s2对B：F1m1g2(m1m2)gm2a2，a28 m/s2，设力F作用的时间为t，对应此时A、B的速度为vA、vB则有a2t2a1t2L代入数据得，t2 s，vA8 m/s，vB16 m/s此时B前进的距离为xBa2t216 m.(2)撤去外力F后，对A有1m1gm1a3，a34 m/s2对B有1m1g2(m1m2)gm2a4，a412 m/s2设A、B经过时间t1达到共同速度v1则有vAa3t1vBa4t1解得：t10.5 s，v110 m/s此过程中B前进的距离为x16.5 mA、B共速后一起匀减速的加速度为a52(m1m2)g(m1m2)a5，a54 m/s2此时B前进的距离为x212.5 m撤去F后B前进的总距离为xx1x219 m.