21版高考数学人教A版浙江专用大一轮复习核心素养测评 三十五　等差数列及其前N项和 WORD版含解析.doc

1、温馨提示： 此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调节合适的观看比例，答案解析附后。关闭Word文档返回原板块。核心素养测评三十五等差数列及其前n项和(30分钟60分)一、选择题(每小题5分,共25分)1.若等差数列an的公差为d,则数列是()A.公差为d的等差数列B.公差为2d的等差数列C.公差为nd的等差数列D.非等差数列【解析】选B.数列其实就是a1,a3,a5,a7,奇数项组成的数列,它们之间相差2d.2.在等差数列an中,已知a2=2,前7项和S7=56,则公差d=()A.2B.3C.-2D.-3【解析】选B.由题意可得即解得【一题多解】选B.由等差数列的性质S7=7a4

2、=56,所以a4=8,因此d=3.3.设等差数列an的前n项和为Sn,若a6=2a3,则=()A.B.C.D.【解析】选D.=.4.(2020济南模拟)已知等差数列an的公差d为4,项数为偶数,所有奇数项的和为15,所有偶数项的和为55,则这个数列的项数为()A.10B.20C.30D.40【解析】选B.设等差数列an的项数为n,前n项和为Sn,则S偶-S奇=d=2n=40,n=20,即这个数列的项数为20.5.(2020金华十校联考)在数列an中,若a1=2,且对任意正整数m,k,总有am+k=am+ak,则an的前n项和Sn=()A.n(3n-1)B.C.n(n+1)D.【解析】选C.依题

3、意得an+1=an+a1,即有an+1-an=a1=2,所以数列an是以2为首项、2为公差的等差数列,an=2+2(n-1)=2n,Sn=n(n+1).【变式备选】 (2019北京高考)设等差数列an的前n项和为Sn,若a2=-3,S5=-10,则a5=_,Sn的最小值为_.【解析】设公差为d,a2=a1+d=-3,S5=5a1+d=-10,即a1+2d=-2,解得a1=-4,d=1,所以a5=a1+4d=0,Sn=na1+d=,当n=4或5时,Sn最小,为-10.答案:0-10二、填空题(每小题5分,共15分)6.已知正项数列an的首项a1=1,前n项和为Sn,若以(an,Sn)为坐标的点在

4、曲线y=x(x+1)上,则数列an的通项公式为_.【解析】因为以(an,Sn)为坐标的点在曲线y=x(x+1)上,所以Sn=an(an+1),即2Sn=+an,2Sn+1=+an+1,两式相减得:2an+1=+an+1-(+an).即-an+1=+an,即(an+1-)2-=(an+)2-.即an+1-=an+,即an+1-an=1,即数列an是以1为首项,1为公差的等差数列,则数列an的通项公式为an=a1+(n-1)d=n.即an=n.答案:an=n7.(2019全国卷)记Sn为等差数列an的前n项和,a10,a2=3a1,则=_.【解析】设该等差数列的公差为d,因为a2=3a1,所以a1

5、+d=3a1,故d=2a1(a10,d0),所以=4.答案:48.已知Sn是等差数列an的前n项和,且S6S7S5,给出下列五个结论:d0;S120;数列Sn中的最大项为S11;|a6|a7|,其中正确的是_.世纪金榜导学号【解析】因为S7-S60,所以d=a7-a60,正确;S7-S5=a6+a70 , S12=60,正确;因为a60,a70a6-a7 ,即,正确.答案:三、解答题(每小题10分,共20分)9.在等差数列an中,a1=1,a3=-3.(1)求数列an的通项公式;(2)若数列an的前k项和Sk=-35,求k的值.【解析】(1)设等差数列an的公差为d,则an=a1+(n-1)d

6、.由a1=1,a3=-3可得1+2d=-3,解得d=-2,从而an=1+(n-1)(-2)=3-2n.(2)由(1)可知an=3-2n.所以Sn=2n-n2.由Sk=-35可得2k-k2=-35,即k2-2k-35=0,解得k=7或k=-5.又kN*,故k=7.10.设an为等差数列,Sn为数列an的前n项和,已知S7=7,S15=75,Tn为数列的前n项和,求Tn.世纪金榜导学号【解析】设等差数列an的公差为d,则Sn=na1+n(n-1)d.因为S7=7,S15=75,所以即解得a1=-2,d=1.所以=a1+(n-1)d=-2+(n-1),因为-=,所以数列是等差数列,其首项为-2,公差

7、为,所以Tn=n2-n.(20分钟40分)1.(5分)现给出以下几个数列:2,4,6,8,2(n-1),2n;1,1,2,3,n;常数列a,a,a,a;在数列an中,已知a2-a1=2,a3-a2=2.其中一定是等差数列的个数为()A.1B.2C.3D.4【解析】选B.由4-2=6-4=2n-2(n-1)=2得数列2,4,6,8,2(n-1),2n为等差数列;因为1-1=02-1=1,所以数列1,1,2,3,n不是等差数列;常数列a,a,a,a为等差数列;当数列an仅有3项时,数列an是等差数列,当数列an的项数超过3项时,数列an不一定是等差数列,故等差数列的个数为2.2.(5分)(2020

8、舟山模拟)等差数列an的前n项和为Sn,且a4-a2=8,a3+a5=26.记Tn=,如果存在正整数M,使得对一切正整数n,TnM都成立,则M的最小值是_.【解析】因为an为等差数列,由a4-a2=8,a3+a5=26,可解得Sn=2n2-n,所以Tn=2-,若TnM对一切正整数n恒成立,则只需Tn的最大值小于或等于M即可.又Tn=2-2,所以只需2M,故M的最小值是2.答案:2【变式备选】 已知等差数列an的前9项和为27,a10=8,则a100=()A.100B.99C.98D.97【解析】选C.设an的公差为d,由等差数列前n项和公式及通项公式,得解得an=a1+(n-1)d=n-2,所

9、以a100=100-2=98.3.(5分)(2020佛山模拟)在ABC中,角A,B,C所对的边分别是a,b,c,且a,b,c成等差数列,则角B的取值范围是_.【解析】由a,b,c成等差数列,可得2b=a+c,又余弦定理cos B=cos,因为B(0,),且余弦函数在(0,)上为减函数,所以B.答案:【变式备选】 已知数列an中,a2=,a5=,且是等差数列,则a7=()A.B.C.D.【解析】选D.设等差数列的公差为d,则=+3d,即=+3d,解得d=2,所以=+5d=12,解得a7=.4.(12分)(2020浙江三校联考)已知数列an,bn的各项均不为零,若bn是单调递增数列,且2an=bn

10、bn+1,an+an+1=,a1=b2,a2=b6.世纪金榜导学号(1)求b1及数列bn的通项公式.(2)若数列cn满足c1=-,cn+cn+1=(,求数列c2n的前n项的和Sn.【解析】(1)因为a1=b2,2a1=b1b2,所以b1=2.因为+=,则=bn+1,所以bn是等差数列.因为a2=b6,2a2=b2b3,则2(2+5d)=(2+d)(2+2d),所以d=2(d=0舍去).所以bn=2n.(2)因为c1=-,c1+c2=2,所以c2=.当n2时,cn+cn+1=2n,cn-1+cn=2n-1,所以cn+1-cn-1=2n-1(n2).所以c4-c2=22,c6-c4=24,c2n-

11、c2n-2=22n-2,累加得当n2时,c2n-c2=(4n-1-1),即c2n=4n+1.c2=也适合上式,故c2n=4n+1(nN*),所以Sn=n+(4n-1).5.(13分)已知数列an的前n项和为Sn,a1=1,an0,anan+1=Sn-1,其中为常数.世纪金榜导学号(1)求证:-an=.(2)是否存在,使得an为等差数列?并说明理由.【解析】(1)由题设,anan+1=Sn-1,知an+1an+2=Sn+1-1.两式相减得,an+1(an+2-an)=an+1.由于an+10,所以an+2-an=.(2)存在.由a1=1,a1a2=a1-1,可得a2=-1.由(1)知,a3=+1

12、.令2a2=a1+a3,解得=4.故an+2-an=4,由此可得,是首项为1,公差为4的等差数列,=1+(n-1)4=4n-3=2(2n-1)-1;是首项为3,公差为4的等差数列,=3+(n-1)4=4n-1=2(2n)-1.所以an=2n-1,an+1-an=2.所以数列an是首项为1,公差为2的等差数列.因此存在=4,使得an为等差数列.1.设Sn是等差数列an的前n项和,若=,则等于世纪金榜导学号()A.B.C. D.【解析】选A.据等差数列前n项和性质可知:S3,S6-S3,S9-S6,S12-S9仍成等差数列.设S3=k,则S6=3k,S6-S3=2k,所以S9-S6=3k,S12-

13、S9=4k,所以S9=S6+3k=6k,S12=S9+4k=10k,所以=.2.项数为n的数列a1,a2,a3,an的前k项和为Sk(k=1,2,3,n),定义为该项数列的“凯森和”,如果项数为99项的数列a1,a2,a3,a99的“凯森和”为1 000,那么项数为100的数列100,a1,a2,a3,a99的“凯森和”为()世纪金榜导学号A.991B.1 001C.1 090D.1 100【解析】选C.项数为99项的数列a1,a2,a3,a99的“凯森和”为1 000,所以=1 000,又100,a1,a2,a3,a99的“凯森和”为=100+=100+990=1 090.关闭Word文档返回原板块