2021高考物理新高考版一轮习题：第五章 微专题39 动力学和能量转化分析多过程问题 WORD版含解析.docx

1、1将全过程进行分解，分析每个过程的规律，分析哪种能量增加了哪种能量减少了；找到子过程的联系，寻找解题方法2若运动过程只涉及求解力而不涉及能量，运用牛顿运动定律；3若运动过程涉及能量转化问题，且具有功能关系的特点，则常用动能定理或能量守恒定律；4不同过程连接点速度的关系有时是处理两个过程运动规律的突破点1(2019福建厦门市期末质检)一劲度系数为k100 N/m的轻弹簧下端固定于倾角为53的光滑斜面底端，上端连接物块Q.一轻绳跨过定滑轮O，一端与物块Q连接，另一端与套在光滑竖直杆上的物块P连接，定滑轮到竖直杆的距离为d0.3 m初始时在外力作用下，物块P在A点静止不动，轻绳与斜面平行，绳子张力大

2、小为50 N已知物块P质量为m10.8 kg，物块Q质量为m25 kg，不计滑轮大小及摩擦，取g10 m/s2，sin 530.8，cos 530.6.现将物块P由静止释放，求：图1(1)物块P位于A点时，弹簧的伸长量x1；(2)物块P上升h0.4 m至与滑轮O等高的B点时的速度大小；(3)物块P上升至B点过程中，轻绳拉力对其所做的功2.如图2所示，一个倾角30的光滑直角三角形斜劈固定在水平地面上，顶端连有一轻质光滑定滑轮质量为m的A物体置于地面上，上端与劲度系数为k的竖直轻弹簧相连一条轻质绳跨过定滑轮，一端与斜面上质量为m的B物体相连，另一端与弹簧上端连接，调整细绳和A、B物体的位置，使弹簧

3、处于原长状态，且细绳自然伸直并与三角斜劈的两个面平行现将B物体由静止释放，已知B物体恰好能使A物体刚要离开地面但不继续上升，重力加速度为g.求：图2(1)B物体在斜面上下滑的最大距离x；(2)B物体下滑到最低点时的加速度的大小和方向；(3)若将B物体换成质量为2m的C物体，C物体由上述初始位置静止释放，当A物体刚好要离开地面时，C物体的速度大小v为多少3(2019浙江湖州市模拟)某校科技节举行车模大赛，其规定的赛道如图4所示，某小车以额定功率18 W由静止开始从A点出发，经过粗糙水平面AB，加速2 s后进入光滑的竖直圆轨道BC，恰好能经过圆轨道最高点C，然后经过光滑曲线轨道BE后，从E处水平飞

4、出，最后落入沙坑中，已知圆轨道半径R1.2 m，沙坑距离BD平面的高度h21 m，小车的总质量为1 kg，g10 m/s2，不计空气阻力，求：图4(1)小车在B点对轨道的压力大小；(2)小车在AB段克服摩擦力做的功；(3)轨道BE末端平抛高台高度h1为多少时，能让小车落入沙坑的水平位移最大；最大值是多少4(2020湖南娄底市质量检测)如图5，、为极限运动中的两部分赛道，其中的AB部分为竖直平面内半径为R的光滑圆弧赛道，最低点B的切线水平；上CD为倾角为30的斜面，最低点C位于B点的正下方，B、C两点距离也等于R.质量为m的极限运动员(可视为质点)从AB上P点处由静止开始滑下，恰好垂直CD落到斜

5、面上(不计空气阻力，重力加速度为g)求： 图5(1)极限运动员落到CD上的位置与C的距离； (2)极限运动员通过B点时对圆弧轨道的压力； (3)P点与B点的高度差答案精析1(1)0.1 m(2)2 m/s(3)8 J解析(1)物块P位于A点，假设弹簧伸长量为x1，对Q受力分析，则：FTm2gsin kx1，解得：x10.1 m.(2)此时OB垂直竖直杆，d0.3 m，h0.4 m，则OP0.5 m，此时物块Q速度为0，下降距离为：xOPd0.5 m0.3 m0.2 m，即弹簧压缩量x20.2 m0.1 m0.1 m，弹性势能不变对物块P、Q及弹簧组成的整体，根据能量守恒有：m2gxsin m1

6、ghm1v，代入数据可得：vB2 m/s(3)对物块P分析：WTm1ghm1v代入数据得：WT8 J.2(1)(2)g方向沿斜面向上(3)g解析(1)当A物体刚要离开地面但不上升时，A物体处于平衡状态，B物体沿斜面下滑x，则弹簧的伸长量为x.对A物体有：kxmg0解得：x(2)当A物体刚要离开地面时，A与地面间的作用力为0.对A物体与轻弹簧组成的整体，由平衡条件得：FTmg0设此时B物体的加速度大小为a，对B物体，由牛顿第二定律得：FTmgsin ma解得：ag方向沿斜面向上(3)A物体刚要离开地面时，弹簧的弹性势能增加Ep，对B物体下滑的过程，由能量守恒定律得：Epmgxsin 对C物体下滑

7、的过程，由能量守恒定律得Ep2mv22mgxsin 解得：vg3(1)60 N(2)6 J(3)1 m4 m解析(1)由于小车恰好经过圆轨道最高点C，则有mg由BC，根据动能定理有2mgRmvC2mv在B点由牛顿第二定律有FNmgm联立解得FN60 N，由牛顿第三定律可知，在B点小车对轨道的压力大小为60 N，方向竖直向下(2)由AB，根据动能定理有：PtWfmv，解得Wf6 J，即小车在AB段克服摩擦力做的功为6 J.(3)由BE，根据动能定理有mgh1mvmv，飞出后，小车做平抛运动，所以h1h2gt2水平位移xvEt，可得x ，即x ，当h11 m时，水平距离最大，xmax4 m.4(1)R(2)mg，竖直向下(3)R解析(1)设极限运动员在B点的速度大小为v0，落在CD上时，位置与C的距离为x，速度大小为v，在空中运动的时间为t，则xcos 30v0tRxsin 30gt2gt，联立解得x0.8R；(2)由(1)可得：v0 通过B点时，轨道对极限运动员的支持力大小为FN，则有FNmgm解得FNmg根据牛顿第三定律可知，极限运动员对轨道的压力大小FNFNmg，方向竖直向下(3)设P点与B点的高度差为h，则由能量守恒有mghmv解得hR.