2022年高考化学一轮复习 考点规范练2 物质的量浓度及相关计算（含解析）新人教版.docx

1、考点规范练2物质的量浓度及相关计算(时间:45分钟满分:100分)一、选择题(本题共10小题,每小题6分,共60分。每小题只有一个选项符合题目要求)1.下列与实验相关的叙述正确的是()。A.欲配制1.00 L 1.00 molL-1的NaCl溶液,可将58.5 g NaCl溶解在水中配成1.00 L溶液B.配制溶液时,若加水超过容量瓶刻度线,应立即用胶头滴管将多余的溶液吸出C.用量筒取5.00 mL 1.00 molL-1的盐酸于50 mL容量瓶中,加水稀释至刻度线,可配制0.100 molL-1的盐酸D.如图所示操作为进行一定物质的量浓度溶液配制时的定容操作答案:A解析:若将多余的溶液吸出,

2、会使溶液浓度偏小,加水超过容量瓶刻度线时的唯一解决办法是重新配制,B错误;量筒只能精确到小数点后一位,且配制一定物质的量浓度的溶液时,溶解或稀释操作应在烧杯中进行,不能在容量瓶中直接溶解或稀释,C错误;定容时,胶头滴管不能伸入容量瓶内,D错误。2.关于0.1 molL-1 Na2CO3溶液的叙述中错误的是()。A.0.5 L该溶液中钠离子的物质的量浓度为0.2 molL-1B.1 L该溶液中含有Na2CO3的质量为10.6 gC.从1 L该溶液中取出100 mL,则取出溶液中Na2CO3的物质的量浓度为0.01 molL-1D.取该溶液10 mL,加水稀释至100 mL后,Na2CO3的物质的

3、量浓度为0.01 molL-1答案:C解析:c(Na+)=2c(Na2CO3)=0.1molL-12=0.2molL-1,故A项正确。1L0.1molL-1Na2CO3溶液含有Na2CO3的质量为1L0.1molL-1106gmol-1=10.6g,故B项正确。溶液具有均一性,取出的100mLNa2CO3溶液与原Na2CO3溶液浓度相同,为0.1molL-1,故C项错误。令稀释后的浓度为c,根据稀释定律,溶液稀释前后溶质的物质的量不变,所以10mL0.1molL-1=100mLc,解得c=0.01molL-1,故D项正确。3.下列对配制溶液实验的描述完全正确的是()。A.在实验室,学生一般无须

4、查阅资料即可用一定体积75%的HNO3溶液来配制250 mL 2 molL-1的HNO3溶液B.实验室在配制FeCl3溶液时,常将FeCl3固体先溶于较浓的盐酸中再加水稀释C.用浓盐酸配制11(体积比)的稀盐酸(约6 molL-1)通常需要用容量瓶等仪器D.用pH=1的盐酸配制100 mL pH=2的盐酸所需全部玻璃仪器有100 mL容量瓶、烧杯、玻璃棒、胶头滴管答案:B解析:用75%的HNO3溶液准确配制250mL2molL-1的HNO3溶液,要知道75%的HNO3溶液的浓度或密度,A错误;FeCl3易水解,配制其溶液时,常将FeCl3固体溶解在较浓的盐酸中,再加水稀释,B正确;用浓盐酸配制

5、体积比为11的稀盐酸,是粗略配制一定浓度的溶液,不需要容量瓶,C错误;用pH=1的盐酸配制100mLpH=2的盐酸,还需要量筒,用于量取pH=1的盐酸,D错误。4.下列说法中正确的是()。A.配制2 molL-1 Na2CO3溶液950 mL时,应选1 000 mL容量瓶,称取Na2CO310H2O 543.4 gB.V0 L Fe2(SO4)3溶液中含a g SO42-,取此溶液V02 L用水稀释成2V0 L,则稀释后溶液的c(Fe3+)为a576V0 molL-1C.已知某NaCl溶液的密度是1.17 gcm-3,可求出此溶液的物质的量浓度D.把100 mL 20%的NaOH溶液与100

6、mL 10%的NaOH溶液混合后,可判断NaOH混合溶液的溶质质量分数等于15%答案:B解析:配制950mL2molL-1Na2CO3溶液应选用1000mL容量瓶,需要Na2CO310H2O的质量为2molL-11L286gmol-1=572g,A项错误;agSO42-的物质的量为a96mol,V0L溶液中n(Fe3+)=23n(SO42-)=a144mol,稀释后溶液中Fe3+的物质的量浓度为a576V0molL-1,B项正确;因为不知道溶质质量分数,因此无法求溶液的物质的量浓度,C项错误;等体积的两种溶液浓度大的质量大,因此两者等体积混合后溶质质量分数要大于15%,D项错误。5.20 时,

7、饱和KCl溶液的密度为1.174 gcm-3,物质的量浓度为4.0 molL-1,则下列说法中不正确的是()。A.25 时,饱和KCl溶液的浓度大于4.0 molL-1B.此溶液中KCl的质量分数为74.54.01.1741000100%C.20 时,密度小于1.174 gcm-3的KCl溶液是不饱和溶液D.将此溶液蒸发部分水,再恢复到20 时,溶液密度一定大于1.174 gcm-3答案:D解析:20时KCl的溶解度小于25时KCl的溶解度,因此25时的质量分数大于20时的质量分数,根据c=1000wM,因此25时,饱和KCl溶液的浓度大于4.0molL-1,故A项正确。KCl的质量分数=74

8、.54.01.1741000100%,故B项正确。溶液的浓度越大,密度越大,密度为1.174gcm-3时溶液饱和,则20时,密度小于1.174gcm-3的KCl溶液是不饱和溶液,故C项正确。若将饱和溶液蒸发,则有KCl晶体析出,再恢复到20时,其溶解度不变,溶液仍为饱和溶液,密度仍为1.174gcm-3,故D项错误。6.将8 g Fe2O3投入150 mL某浓度的稀硫酸中,再投入7 g铁粉收集到1.68 L H2(标准状况),同时,Fe和Fe2O3均无剩余,为了中和过量的硫酸,且使溶液中铁元素完全沉淀,共消耗4 molL-1的NaOH溶液150 mL。则原硫酸的物质的量浓度为()。A.1.5

9、molL-1B.0.5 molL-1C.2 molL-1D.1.2 molL-1答案:C解析:粗看题目,这是一道利用关系式进行多步计算的题目,操作起来相当烦琐,但如能仔细阅读题目,挖掘出隐含条件,不难发现反应后只有Na2SO4存在于溶液中,且反应过程中SO42-并无损耗,根据电中性原则:2n(SO42-)=n(Na+),则原硫酸的浓度为2molL-1。7.在t时,将a g NH3完全溶于水,得到V0 mL溶液,假设该溶液的密度为x gmL-1,质量分数为w,其中含有NH4+的物质的量是bmol,下列叙述正确的是()。A.溶质的质量分数w=axV0-a100%B.溶质的物质的量浓度c=1000a

10、35V0molL-1C.溶液中c(OH-)=1000bV0 molL-1+c(H+)D.向上述溶液中加入V0 mL水,所得溶液的质量分数大于0.5w答案:C解析:溶质的质量分数w=axV0100%,A项错误;在计算时氨水中的溶质是NH3,而不是NH3H2O,将w=axV0100%代入公式c=1000wM,化简可得c=1000a17V0molL-1,B项错误;氨水中含有的阳离子为H+和NH4+,含有的阴离子只有OH-,根据电荷守恒可知C项正确;由于氨水的密度小于水的密度,与水等体积混合所得稀氨水的质量大于原氨水质量的2倍,故其质量分数小于0.5w,D项错误。8.将质量分数为a%、物质的量浓度为c

11、1 molL-1的稀硫酸蒸发掉一定量的水,使其质量分数变为2a%,此时溶液中溶质的物质的量浓度为c2 molL-1。则c1和c2的关系是()。A.c1=2c2B.c22c1D.c2=2c1答案:C解析:由c=1000wM可知,c1c2=1a%22a%=122,由于12c1。9.为测定人体血液中Ca2+的含量,设计了如下方案:血液样品试样CaC2O4H2C2O4记录数据有关反应的化学方程式为2KMnO4+5H2C2O4+3H2SO4K2SO4+2MnSO4+10CO2+8H2O。若血液样品为15. 0 mL,滴定生成的草酸消耗1.0 mmolL-1的KMnO4溶液15.0 mL,则这种血液样品中

12、的含钙量为()。A.2.5 mmolL-1B.1.0 mmolL-1C.0.3 mmolL-1D.3.5 mmolL-1答案:A解析:依据Ca2+CaC2O4、2KMnO45H2C2O4可知5Ca2+2KMnO4;n(KMnO4)=1.0mmolL-115.010-3L,c(Ca2+)=1.0mmolL-115.010-3L515.010-3L2=2.5mmolL-1。10.把500 mL NH4HCO3和Na2CO3的混合溶液分成五等份,取一份加入含amol氢氧化钠的溶液恰好反应完全,另取一份加入含bmolHCl的盐酸恰好反应完全,则该混合溶液中c(Na+)为()。A.(b10-a20) m

13、olL-1B.(2b-a) molL-1C.(5b-5a2) molL-1D.(10b-5a) molL-1答案:D解析:100mLNH4HCO3和Na2CO3的混合溶液中,加入含amolNaOH的溶液,反应为NH4HCO3+2NaOHNH3H2O+Na2CO3+H2O,则NH4HCO3为0.5amol;加入含bmolHCl的盐酸的反应为NH4HCO3+HClNH4Cl+CO2+H2O,Na2CO3+2HCl2NaCl+H2O+CO2,则Na2CO3的物质的量为12(b-0.5a)mol,n(Na+)=2n(Na2CO3)=(b-0.5a)mol,c(Na+)=(b-0.5a)mol0.1L=

14、(10b-5a)molL-1。二、非选择题(本题共4个小题,共40分)11.(8分)已知某饱和NaCl溶液的体积为V mL,密度为 gcm-3,质量分数为w,物质的量浓度为c molL-1,溶液中含NaCl的质量为m g。(1)用m、V表示溶液的物质的量浓度。(2)用w、表示溶液的物质的量浓度。(3)用c、表示溶质的质量分数。(4)用w表示该温度下NaCl的溶解度。答案:(1)1000m58.5V molL-1(2)1000w58.5molL-1(3)58.5c1000100%(4)100w100-w g解析:(1)c=m58.5V1000molL-1=1000m58.5VmolL-1。(2)

15、c=1000mLgmL-1w58.5gmol-11L=1000w58.5molL-1。(3)w=58.5gmol-1cmolL-11L1000mLgmL-1100%=58.5c1000100%。(4)S100g=wg100g-wg,S=100w100-wg。12.(10分)实验室需要0.80 molL-1NaOH溶液475 mL和0.40 molL-1硫酸500 mL。根据这两种溶液的配制情况回答下列问题:(1)如图所示的仪器中配制溶液肯定不需要的是(填字母),配制上述溶液还需用到的玻璃仪器是(填仪器名称)。(2)容量瓶所不具备的功能有(填字母)。A.配制一定物质的量浓度的标准溶液B.量取一定

16、体积的液体C.测量容量瓶规格以下的任意体积的液体D.贮存溶液E.用来加热溶解固体溶质(3)根据计算用托盘天平称取NaOH的质量为 g。在实验中其他操作均正确,若容量瓶用蒸馏水洗涤后未干燥,则所得溶液浓度(填“大于”“等于”或“小于”,下同)0.80 molL-1。若还未等溶液冷却就定容了,则所得溶液浓度 0.80 molL-1。(4)根据计算得知,所需质量分数为98%、密度为1.84 gcm-3的浓硫酸的体积为 mL(计算结果保留一位小数)。如果实验室有10 mL、15 mL、20 mL、50 mL的量筒,最好选用mL的量筒。答案:(1)A、C烧杯、玻璃棒(2)C、D、E(3)16.0等于大于

17、(4)10.915解析:(1)配制溶液用不到圆底烧瓶和分液漏斗。(2)容量瓶用于配制一定物质的量浓度的溶液,也可以量取与容量瓶规格一致的一定体积的液体,但不能测量容量瓶规格以下的任意体积的液体,不能用于溶解溶质或贮存溶液。(3)根据题意必须用500mL的容量瓶来配制0.80molL-1NaOH溶液,故需要称取NaOH的质量为0.80molL-10.5L40gmol-1=16.0g。容量瓶未干燥不影响所配制溶液的浓度;未等溶液冷却就定容会导致冷却后溶液的体积变小,浓度变大。(4)设需要浓硫酸的体积为V,1.84gcm-3V98%=0.40molL-10.5L98gmol-1,V10.9mL,应选

18、用15mL的量筒。13.(10分)(1)含有6.021023个氧原子的H2SO4的物质的量是mol。(2)与标准状况下11.2 L CO2所含氧原子数目相同的水的质量是 g。(3)用18 molL-1浓硫酸配制90 mL 1 molL-1稀硫酸,需用 mL容量瓶,需取用18 molL-1浓硫酸 mL(用量筒量取)。(4)若将Cl2通入热的烧碱溶液中,可以得到NaCl、NaClO和NaClO3的混合液。当NaCl和NaClO3的物质的量之比为81时,混合液中NaClO和NaClO3的物质的量之比为。答案:(1)0.25(2)18(3)1005.6(4)31解析:(1)1个硫酸分子中含有4个氧原子

19、,所以含有6.021023个氧原子的H2SO4的物质的量是6.0210236.021023mol-114=0.25mol。(2)标准状况下11.2LCO2的物质的量为11.2L22.4Lmol-1=0.5mol,要使二氧化碳与水分子含有的O原子数相等,则n(H2O)=2n(CO2),则n(H2O)=20.5mol=1mol,质量为1mol18gmol-1=18g。(3)用18molL-1浓硫酸配制90mL1molL-1稀硫酸,实验室没有90mL容量瓶,应选择100mL容量瓶,设需要浓硫酸体积为V,依据溶液稀释过程中溶质的物质的量不变得:18molL-1V=1molL-10.1L,解得V=0.0

20、056L=5.6mL。(4)将Cl2通入热的烧碱溶液中,可以得到NaCl、NaClO和NaClO3的混合液,反应中氯气既是氧化剂又是还原剂,当NaCl和NaClO3的物质的量之比为81时,生成1molNaClO3氯原子失电子5mol,生成8molNaCl氯原子得电子8mol,根据得失电子数相等可知,生成NaClO的物质的量是3mol,即混合液中NaClO和NaClO3的物质的量之比为31。14.(12分)实验室需要480 mL 0.4 molL-1的Na2CO3溶液,有如下操作步骤:A.把称量好的Na2CO3固体放入小烧杯中,加适量蒸馏水溶解,冷却至室温B.把A所得溶液小心转入一定容积的容量瓶

21、中C.继续向容量瓶中加蒸馏水至液面距刻度线12 cm处,改用胶头滴管小心滴加蒸馏水至溶液凹液面与刻度线相切D.用少量蒸馏水洗涤烧杯和玻璃棒23次,每次洗涤的液体都小心转入容量瓶E.将容量瓶瓶塞塞紧,充分摇匀请填写下列空白:(1)操作步骤的正确顺序为(填序号)。(2)实验室有如下规格的容量瓶:a.100 mL,b.250 mL,c.500 mL,d.1 000 mL,本实验选用(填序号)。(3)本实验用到的基本实验仪器除容量瓶、托盘天平(带砝码)、药匙、烧杯、量筒、胶头滴管外,还必须使用的玻璃仪器有。实验中该仪器的作用是。(4)本实验需要Na2CO3的物质的量是mol。(5)误差分析(填“偏高”

22、“偏低”或“无影响”):A.称量Na2CO3时,物质和砝码位置颠倒(1 g以下用游码):。B.某同学观察液面的情况如图所示:。C.加蒸馏水时不慎超过了刻度线,立即用胶头滴管将多余的液体吸出:。答案:(1)ABDCE(2)c(3)玻璃棒搅拌加速溶解、引流(4)0.2(5)偏低偏高偏低解析:(1)配制溶液时,一般可分为以下几个步骤:计算、称量、溶解、冷却、转移、洗涤、定容、摇匀,所以其操作步骤的正确顺序为ABDCE。(2)配制480mL0.4molL-1的Na2CO3溶液,应选择500mL容量瓶。(4)n=cV=0.5L0.4molL-1=0.2mol。(5)A项,称量Na2CO3时,物质和砝码位置颠倒(1g以下用游码),称取的溶质的量偏小,溶液的浓度偏低;B项,俯视液面导致溶液的实际体积偏小,溶液的浓度偏高;C项,加蒸馏水时不慎超过了刻度线,立即用胶头滴管将多余的水吸出,导致溶质的物质的量偏小,溶液的浓度偏低。