专题05 功和功率【考题猜想】（解析版）.docx

1、专题05 功和功率题组猜想内容题组一功的概念题组二功和功率的计算题组三内能的计算题组四热机题组一 功的概念1在台球比赛中，选手推动球杆撞击白球，白球发生运动后碰撞其它球，以下说法正确的是（）A在水平桌面滚动的球受到了重力，重力对它做了功B手推动球杆前进时，手对球杆做了功C桌面对球的支持力做了功D白球撞击黑球后没有静止，是因为人的手还在对白球做功【答案】B【解答】解：A、重力与小球运动的方向垂直，重力对小球不做功，故A错误；B、手推动球杆前进时，有力也有距离，所以手对球杆做了功，故B正确；C、桌面支持力与小球的运动方向垂直，支持力对小球不做功，故C错误；D、手对白球没有力的作用，白球继续运动是因

2、为白球具有惯性，故D错误故选B2如图是某篮球比赛中的精彩画面，运动员的精彩表现为球迷留下了深刻印象，下列说法正确的是（） A运动员助攻传球时，球的运动状态不变B运动员持球突破上篮时，球的动能不变C运动员摘下篮板时，球具有的惯性不变D运动员双手灌篮时，不需要对球做功【答案】C【解答】A.助攻“传球”时，力改变了篮球的运动状态，故A错误。B.持球突破上篮时，篮球的质量不变，速度变大，则篮球的动能增加，故B错误。C.惯性的唯一量度是质量，质量不变，惯性不变，故C正确。D.双手灌篮时，篮球的速度变大，对篮球做功，故D错误。3速度是用路程和时间的比值来定义的（ ），物理学常用这种方法来定义物理量下列物理

3、量中所采用的定义方法与速度不同的是（） A密度B压强C功D功率【答案】C【解答】A、密度是指单位体积的某种物质的质量，公式为 =m/V,属于定义式；B、压强是指单位面积上受到的压力，公式为p=F/S，属于定义式；C、功等于力跟物体在力的方向上通过距离的乘积，不属于定义式；D、功率是指单位时间内做功的多少，公式为P=W/t，属于定义式；4冰壶是冬奥会比赛项目比赛时，一名队员在水平冰面上将底面平滑的冰壶推出后，由两名本方队员手持毛刷在冰壶滑行的前方擦刷冰面，使冰壶尽量滑行到目标位置，如图，下列关于冰壶的叙述中，错误的是（）A冰壶在滑行过程中动能保持不变B冰壶离开运动员的手后，运动员不再对它做功C冰

4、壶底面磨得平滑是为了减小滑行时的摩擦力D冰壶离开运动员的手后能继续前进是因为冰壶具有惯性【答案】A【解答】A、冰壶被掷出之后，冰壶由于受到阻力的作用，所以其速度逐渐减小，冰壶的质量不变，所以动能变小，故A叙述错误；BD、冰壶离开运动员的手后，能够继续往前滑动，是因为冰壶具有惯性，此时冰壶没有在运动员力的作用下通过距离，运动员不再对它做功，故BD叙述正确；C、冰壶底面磨得平滑是为了减小滑行时的摩擦力，故C叙述正确；故选：A。5小明和小雯一起打扫教室卫生，如图所示他们提着一桶水沿水平方向匀速行走的过程中，以下说法错误的是（） A小明和小雯没有做功B水桶的重力没有做功C桶底对水的支持力没有做功D小明

5、和小雯提桶的力没有做功【答案】A【解答】提着一桶水沿水平方向匀速行走的过程中， A、小明和小雯在行走过程中，与地面之间有摩擦力，摩擦力的方向是水平方向，水桶的运动方向是水平方向的，力和运动方向相同，故摩擦力有做功，故A错；B、水桶的重力方向是竖直向下的，水桶的运动方向是水平方向的，力和运动的方向不同，故重力没有做功； C、桶底对水的支持力方向垂直于水桶底面向上，水桶的运动方向是水平方向的，力和运动的方向不同，故桶底对水的支持力没有做功； D、小明和小雯提桶的力方向是竖直向上的，水桶的运动方向是水平方向的，力和运动的方向不同，故水桶的运动方向是水平方向的，力和运动的方向不同，故小明和小雯提桶的力

6、没有做功；6如图所示甲、乙运动员在挺举项目中把同样重的杠铃一次性举起。（1）该过程中甲运动员所做的功 乙运动员所做的功。（选填“大于”、“小于”或“等于”）（2）为了比较两运动员做功的快慢还需要测出的物理量是 。【答案】（1）大于（2）时间【解答】（1）甲、乙运动员在举起同样重的杠铃时，由公式W=Gh可知，G相同时h大的做功多，甲运动员的手臂长举的高h大，所以甲运动员所做的功大于乙运动员所做的功；（2）公式P=W/t可得做功的快慢，功的大小已知，还需要知道做功的时间可得做功的快慢。7在水平地面上有一长方体木箱。小林用水平推力F把木箱向前推，如图甲所示。此过程中，推力F随时间t的变化情况如图乙所

7、示，木块前进的速度v的大小随时间t的变化情况如图丙所示。（1）01秒内，推力F对木箱是否做功 （选填“是”或“否”）；（2）35秒内，推力F对木箱做功 焦。【答案】（1）否（2）400【解答】（1）根据图丙可知，01s内物体的运动速度为零，即它处于静止状态，没有在推力的方向上通过距离，因此推力对木箱不做功。（2）3-5s内，木箱运动的距离为v=1m/s，时间为t=5s-3s=2s，受到的推力F=200N；则木块移动的距离s=vt=1m/s2s=2m，那么推力对木箱做功：W=Fs=200N2m=400J。8能量转化和守恒定律是许多科学家经长期探索建立起来的，是科学史上的重大发现。 材料一：十七至

8、十八世纪，多位科学家对能量的量度提出了不同的观点。1644年，笛卡尔用物体的质量和其速度的乘积来量度；1686年，莱布尼兹用物体的质量和其速度平方的乘积来量度；1743年，达朗贝尔用“活力”（即物体受力作用而通过一定距离）来量度。材料二：温度计的不断改进给热与功研究的精确化准备了必要条件。焦耳通过400多次的实验，于1849年精确地测定了热功当量关系的数值，这一数值与现代公认值非常接近，为能量守恒定律的确立奠定了定量的实验基础。（1）材料一中，哪位科学家的观点与“功”概念相符合？ 。 A笛卡尔B莱布尼兹C达朗贝尔（2）如图所示是焦耳研究热功当量关系的实验装置，通过重物的上下运动，带动叶片转动，

9、通过做功使水的内能 (选填“增大”或“减小”)。 （3）结合材料分析，以下观点正确的是 。（可多选） A面对前人的观点要敢质疑B时间久远的理论是没有科学价值的C测量工具的发展有助于科学理论研究D对科学的认识是不断修正完善的过程【答案】（1）C（2）增大（3）A；C；D【解答】（1）物体在力的作用下通过了一段距离，那么力对物体做功，据此可知，达朗贝尔的观点与“功”的概念相符合，故选C。（2）如图所示是焦耳研究热功当量关系的实验装置，通过重物的上下运动，带动叶片转动，通过做功使水的内能增大。（3）A.面对前人的观点要敢质疑，故A正确；B.时间久远的理论仍然存在价值，故B错误；C.测量工具的发展有助

10、于科学理论研究，故C正确；D.对科学的认识是不断修正完善的过程，故D正确。9某跳伞运动员从飞机上跳下，沿竖直方向降落，一段时间后打开降落伞，最后安全着地。已知运动员和跳伞设备的总重力为700牛，跳伞过程中下降的速度与时间的关系如图甲所示。（1）求图甲中AB段重力对运动员做了多少功。（2）图乙属于图甲四个阶段中的 阶段。(请用字母表示)【答案】（1）解：运动路程s=vt=50m/s20s=1000m做的功W=Gs=700N1000m=7105J（2）BC【解答】（1） AB降落伞和人一起做匀速直线运动；解：运动路程s=vt=50m/s20s=1000m做的功W=Gs=700N1000m=7105

11、J（2）如乙中阻力大于重力，所以跳伞运动运和降落伞仪器做减速下降的运动，所以符合BC段的图像；题组二 功和功率的计算1甲、乙两个滑轮组如图所示，其中的每一个滑轮重力都相同，用它们分别将重物G1、G2提高相同的高度，不计滑轮组的摩擦和绳重，下列说法正确的是 （） A若G1=G2，甲的机械效率大于乙的机械效率B若G1=G2 ，拉力做的总功相同C若G1=G2 ，拉力大小相同D用甲、乙其中的任何一个滑轮组提起不同的重物，机械效率不变【答案】A【解答】A.如果G1=G2，G动1乙的机械效率，故A正确；B.如果G1=G2，G动1G总，因此实际做功大于1.65104J ，故A错误；B.电梯从B点到C点过程中

12、运动，它的速度，钢绳拉力T做功的功率P=Fv=5500N1.5m/s=8.25103W ，故B错误；C.电梯从C点到D点过程中，与从B点到C点的过程中速度相同，状态一样，因此钢绳做功的功率为8.25103W，故C正确；D.电梯从D点到E点过程中，电梯做减速运动，那么合力的方向与运动方向相反，即方向向下，那么钢绳的拉力小于总重力，因此钢绳的拉力小于5500N，故D错误。故选C。6如图所示，利用电动机通过滑轮组( 虛线框内的滑轮组未画出)依次拉动物体A、B。图中效率为60%的电动机拉绳子的功率为50W且保持不变，不计绳重与摩擦，动滑轮的总重力为6N，拉动A向右做匀速直线运动时，A所受阻力为48N，

13、电动机拉绳的力为F1，此过程中，A所受的拉力与阻力的大小 (填“相等”或“不相等”)，电动机工作1min消耗的电能为 J。拉动B向右做匀速直线运动时，B所受阻力为36N，电动机拉绳的力为F2，F2比F1小4N，此时电动机拉绳的力F1为 N。(电动机的效率为电动机输出的有用机械功与电流做的总功的比值)【答案】相等；5000；18【解答】（1）拉动A向右做匀速直线运动，A处于平衡状态，由二力平衡条件可知，A所受的拉力与阻力的大小相等，（2）已知电动机的效率为60%，电动机拉绳子的功率P=50W，则电动机的电功率；电动机工作1min消耗的电能W=Pt=60s=5000J；（3）依次拉动物体A、B，电

14、动机的效率都为60%，不计绳重与摩擦，设动滑轮上绳子的有效股数为n，则：由题知，F2+4N=F1 将fA=48N、fB=36N代入式，解得：F1=18N。7小明自制了建筑工地上用的打桩机模型（如图所示），为粗略测量卷扬机中电动机的功率，将质量为G的夯锤匀速上升，上升高度h所用时间为t。（1）本实验中，电动机的功率大小是 。（用字母表示）（2）实验测出的电动机功率要比实际的小，请写出造成这种现象的原因： 。（写出一点）（3）若要一次撞击把桩打得深些，在不更换夯锤的前提下，可以采用的方法是 。【答案】（1）（2）由于摩擦力的存在，会有一部分能量的损失（3）增加夯锤的下落高度【解答】（1）电动机做的

15、功等于对夯锤做的功，即W=Gh；根据可知，电动机的功率为：。（2）实验测出的电动机功率要比实际的小，造成这种现象的原因：由于摩擦力的存在，会有一部分能量的损失。（3）若要一次撞击把桩打得深些，则应该增大夯锤的重力势能，即在不更换夯锤的前提下，可以采用的方法是：增加夯锤的下落高度。8如图1所示，工人沿斜面把一箱货物从底端拉进车厢，货物移动的距离s与时间t的关系如图2所示，在此期间，工人拉这箱货物沿斜面匀速运动时的拉力为594N，此斜面的长为5m，高为1m，这箱货物重为1500N（1）05s内，这箱货物处于 状态，工人所做的功为 J（2）530s内，这箱货物运动的速度是多少？拉力做功的功率是多大？

16、（3）该斜面的机械效率是多少？【答案】（1）静止；0（2）货物运行的时间t=30s-5s=25s，货物在这25s内通过的路程是s=5m，则货物的速度： ，拉力做功W总=Fs=594N5m=2970J；则功率 （3）有用功W有用=Gh=1500N1m=1500J；则机械效率 【解答】（1）由图象可知，货物在0至5s时，通过的路程为0，这表明货物在0至5s时处于静止状态；则根据W=Fs可知工人所做的功为0；（2）货物运行的时间t=30s-5s=25s，货物在这25s内通过的路程是s=5m，则货物的速度： ，拉力做功W总=Fs=594N5m=2970J；则功率 ；（3）有用功W有用=Gh=1500N

17、1m=1500J；则机械效率 答：（1）静止；0；（2）530s内，这箱货物运动的速度是0.2m/s；拉力做功的功率是118.8W；（3）该斜面的机械效率是50.5%9一根金属棒 AB 置于水平地面上，今通过弹簧测力计竖直地将棒的右端 B 缓慢拉起，如图甲所示。在此过程中，弹簧测力计对棒所做的功 W 与 B 端离开地面的高度 x 的关系如图乙所示，请根据图像解答下列问题：（1）该金属棒的长度 l= m。（2）在 B 端拉起的过程中，当 x1=0.6 m 时，测力计的示数为 F1= N；当 x2=1.6 m时，测力计的示数为 F2= N。（3）求金属棒的重心到 A 端的距离 d。【答案】（1）1

18、.2（2）2.5；5（3）由杠杆平衡条件F1L1=F2L2得， 重心到A端的距离：。【解答】（1）由于拉力始终竖直向上，重力的方向竖直向下，则动力臂与阻力臂之比不变，由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，杆未离地时的拉力大小不变。由图乙可知，当B端离地1.2m时，A端刚离地，所以金属棒长为1.2米；（2）因为W=Gh，所以金属棒的重力：，即F2=5N；杆未离地时，动力臂与阻力臂的比值不变，拉力大小不变，由图乙和W=Fh可知，杆未离地时的拉力：；（3）由杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，重心到A端的距离：。题组三 内能的计算1有几根同种金属材料的导线，它们横截面积和长度都不相同，但都是粗细均匀

19、的。它们串联后通过大小恒定的电流，经过同样时间，若它们损失的热量与产生的热量之比相同，则它们温度的升高与它们的（） A长度成正比B长度的平方成正比C横截面积成反比D横截面直径的四次方成反比【答案】D【解答】根据已有知识可知，导体的电阻与其材料、长度、横截面积、温度有关。在长度和温度不变时，导体电阻与长度成正比，与横截面积成反比；不妨设导体的电阻R=k1 ，相同时间内产生的热量Q=I2Rt=I2k1 t；由题意可知，经过相同的时间，它们损失的热量与产生的热量之比相同，故可设导体吸收的热量为Q吸=I2k1 t，由Q吸=cmt和m=V= LS可得：Q吸=k2Q=k2I2k1 t=cLSt， 整理可得

20、t= ， 因S=（ ）2，故它们温度的升高与它们的横截面直径的四次方成反比，与长度无关。故答案为：D2下列关于温度与内能在实际中应用的实例，说法正确的是（）A在炒菜时，用铲子在锅内反复翻炒，是通过做功的方法来增加菜的内能的B用锤子敲打钉子时，钉子温度会升高，这是通过热传递的方法改变钉子内能的C松开用气筒打足气的气球进行放气，会发现气球口处有小水珠，这是物体对外做功内能减少造成的D旋开常温的可乐瓶盖，会在瓶口处看到“白气”，这是瓶内可乐汽化成的水蒸气【答案】C【解答】炒菜时用铲子翻炒是为了使菜受热均匀，主要还是通过炉灶加热，利用热传递来改变菜的内能，没有炉灶仅利用铲子翻炒无法使菜变熟。用锤子敲打

21、钉子，是锤子对钉子做功，使钉子的内能增加，温度升高。气球内充入的是压缩空气，松开气球口，气球内气体对外做功，使气体内能减少，温度降低，气球口附近的水蒸气液化成小水珠附着在气球口。D选项中打开可乐瓶盖，瓶内气体对外做功，内能减少，温度降低，气体中水蒸气液化成小水珠形成“白气”。故选C。3甲乙两个物体在同一光滑水平面上作匀速直线运动，甲的速度大于乙的速度，甲的温度高于乙的温度，则表明：（）A甲物所含的热量比乙物含有的热量少B乙物的内能可能比甲物的内能大C甲物的机械能比乙物的机械能大D乙物的分子热运动比甲物的分子热运动剧烈【答案】B【解答】A、热量是一个过程量，不能说物体含有热量，故A说法错误。B、

22、内能的大小与物体的质量和温度有关，只是知道甲的温度高于乙的温度，不知道质量大小关系，不能确定内能大小关系，有可能乙物的内能比甲物的内能大，故B说法正确。C、甲乙两物体都具有动能和重力势能，不知道质量大小关系，不能确定其动能、重力势能的大小关系，也就不能确定甲乙两物体的机械能的大小关系，故C说法错误。D、甲的温度高于乙的温度，甲物体的分子热运动比乙物体的分子热运动剧烈，故D说法错误。故选B4关于温度、热量、热传递和内能，下列说法中不正确的是（） A0的冰块内能一定不为零B物体温度升高，内能一定增加C热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递D温度高的物体，内能不一定大【答案】C【解答】A.一切物体

23、都有内能，故A正确不合题意；B.物体的温度升高，内能一定增大，故B正确不合题意；C.热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，故C错误符合题意；D.内能与物质种类、质量和温度等有关，因此温度高的物体，内能不一定大，故D正确不合题意。故选C。5质量相等，初温相同的铜、铝两种物质，放出相等的热量后相接触，则（c铝c铜）（） A温度从铝传到铜B热量从铝传到铜C热量从铜传到铝D铜和铝之间没有热传递【答案】B【解答】解：（1）热传递过程中传递的是能量，温度是指物体的冷热程度，不能说传递的是温度；故A错误（2）质量相同的铜块和铝块，因为c铜c铝，放出相同的热量后，由Q放=cmt可知，铜块的温度降低的多；因

24、为铝块和铜块的初温度相同，放出相同的热量后，铜块温度降低的幅度更大，所以铜块的末温度更低，因此内能从铝块传给铜块；故B正确，CD错误；故选：B6汽车发动机工作时,会产生大量的热量,为让它正常工作,需要对它进行冷却,“水冷”是冷却方式之一,这是因为水的 较大,冷却效果好;当水吸收发动机缸体热量后,水的内能 。 【答案】比热容；增大【解答】汽车发动机工作时,会产生大量的热量,为让它正常工作,需要对它进行冷却,“水冷”是冷却方式之一,这是因为水的比热容较大,冷却效果好;当水吸收发动机缸体热量后,水的内能增大。7过春节时，人们总喜欢燃放鞭炮，其中有一种鞭炮无需用火点燃，只要稍用力将它甩向地面，鞭炮与地

25、面发生碰撞时通过 的方式，使它的内能 ，从而引爆鞭炮。【答案】做功；增大【解答】人在扔的过程对鞭炮做功使其内能增加，从而引爆。8为了探究不同液体温度升高时吸收热量的多少与哪些因素有关，某同学做了如下实验在4只相同的烧杯中分别盛有水和煤油，用同样的加热器加热，下表是他们的实验记录。根据实验记录，回答下列问题。烧杯号液体质量（克）初温（）末温（）加热时间（分）1水3002030122水150203063煤油300203064煤油30020253（1）水和食用油吸热多少足通过 来反映的。（2）分析比较 (填烧杯号)号烧杯的实验记录，可得出的初步结论是，在质量和升高温度相同时，不同物质吸收的热量不同。

26、（3）分析上表，综合可得出；物体温度升高时吸收热量的多少与 有关。【答案】（1）加热器加热时间（2）1和3（3）物质的种类、升高的温度、质量【解答】(1)水和食用油吸热多少足通过加热器的加热时间来反映的。 (2)根据表格数据可知，分析比较 1和3 号烧杯的实验记录，可得出的初步结论是，在质量和升高温度相同时，不同物质吸收的热量不同。(3)综合分析表中数据可知，物质吸热多少与质量、升高温度、物质种类有关。9具有防雾、除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可通过旋钮开关实现功能切换。下图是模拟加热原理图，其中测试电源的电压为10V，四段电热丝电阻均为10，防雾、除露、化霜所需加热功率依

27、次增大。求：（1）开关旋至“1”档，开启的功能是 。（2）开启除露功能时，电路中电流的大小。（3）开启化霜功能1分钟，电热丝所产生的热量。【答案】（1）防雾（2）除露时，电路只有一个电阻丝接入电路，已知电压和电阻，所以 （3） 化霜时，两个电阻丝并联接入电路，则电路总电阻为 ; 已知电压和电阻，所以电路的总功率为： ;由题目信息可知，化霜时间为1min，所以 .【解答】（1）由图可知，开关旋到1的时候两段电阻串联接入电路，2时只有一段电阻接入电路，3时两段电阻并联接入电路，所以1的总电阻最大，3的总电阻最小，所以对应的电路电功率1最小，3最大；则1对应的防雾功能；题组四 热机1图甲丁为汽油机的

28、四冲程示意图，图为实验演示图，则下列说法正确的是（） A汽油机四冲程的工作过程为：丙甲丁乙B四冲程中依靠飞轮惯性带动的冲程是甲、乙、丙C甲、丁过程中能量转化均为机械能转化为内能D演示实验可模拟甲冲程，演示实验可模拟丁冲程【答案】D【解答】A.甲：火花塞点火为做功冲程；乙：排气门打开为排气冲程；丙：进气门打开，为吸气冲程；丁：两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，则顺序为：丙丁甲乙，故A错误；四冲程内燃机的压缩冲程，将机械能转换为内能；做功冲程，将内能转换为机械能，则模拟甲，模拟丁，故C错误，D正确；只有做功冲程获得能量，其它都靠惯性完成，故B错误。故选D。2热机的广泛使用，为人们的生产和生活

29、带来了极大的方便，创造了巨大价值。下列关于热机的叙述，正确的是（） 。 A热机是把机械能转化为内能的机器B热机使用中要产生废气噪声，会对环境造成污染C不断改进制造工艺，可以使热机效率达100%D现代的火箭发动机使用液态氢作燃料，它不属于热机【答案】B【解答】A.热机是把内能转化为机械能的机器，故A错误；B.热机使用中要产生废气噪声，会对环境造成污染，故B正确；C.不断改进制造工艺，只能增大热机效率，但是不能到达100%，故C错误；D.现代的火箭发动机使用液态氢作燃料，它属于热机，故D错误。故选B。3如图为汽油机某一冲程示意图，进气门、排气门关闭，下列选项中与其能量转化过程完全相同的是（） A用

30、手反复弯折铁丝 B用热水壶将水烧开 C压循空气棉花燃烧 D水蒸气弹出活塞 【答案】D【解答】根据图片可知，此时火花塞打火，应该为做功冲程，将内能转化为机械能。 A.用手反复弯折铁丝，通过弯折做功的方式，将机械能转化为内能，故A不合题意； B.用热水壶将水烧开，通过热传递的方式，将内能转移到水中，故B不合题意； C.压缩空气棉花燃烧，通过压缩做功的方式，将机械能转化为内能，故C不合题意； D.水蒸气弹出活塞，将水蒸气的内能转化为活塞的机械能，故D符合题意。4四冲程汽油机正常工作时，把机械能转化为内能的冲程是（） A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程【答案】B【解答】四冲程汽油机正常工作时，把

31、机械能转化为内能的冲程是压缩冲程，故B正确。故选B。5下列说法正确的是（） A汽油机的热效率约为70%-80%B中考立定跳远时，人克服重力做功的大小为200JC中考游泳时，人的速度为8m/sD普通照明灯的功率在500-1000W【答案】B【解答】A.汽油机的热效率大约在30%40%之间，故A错误；B.中学生的体重大约500N，跳远时跳起的高度大约0.4m，那么克服重力做功：W=Gh=500N0.4m=200J，故B正确；C.游泳时，人的速度大约为1m/s，故C错误；D.普通照明灯泡的功率大约20100W之间，故D错误。故选B。6如图甲为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速

32、度，图乙为汔油机的工作冲程。（1）蒸汽弹射装置工作时，气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能 (选填“增大”、“减小“或“不变)。同时推动活塞，使舰载机获得巨大的动能。 （2）蒸汽弹射装置工作时的能量转化与图乙中的 图(选填字母)所示冲程相同。【答案】（1）减小（2）C【解答】（1）蒸汽弹射装置工作时，气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能减小。（2）蒸汽弹射装置工作时，将蒸汽的内能转化为飞机的机械能。A.进气门打开，为吸气冲程，没有能量转化，故A不合题意；B.两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，将机械能转化为内能，故B不合题意；C.火花塞打火，为做功冲程，将内能转化为机械能，故C符合题意；D.排

33、气门打开，为排气冲程，没有能量转化，故D不合题意。故选C。7家庭汽车作为一种普通交通工具已走进千家万户。（1）汽车发动机一般是汽油机，汽油机是向汽车提供动力的装置。在 冲程把燃料燃烧产生的内能转化为机械能。（2）为确保发动机正常工作，需对其冷却。一般使用水来充当冷却剂，这是因为： 。【答案】（1）做功（2）水的比热容大【解答】（1）汽车发动机一般是汽油机，汽油机是向汽车提供动力的装置。在做功冲程把燃料燃烧产生的内能转化为机械能。（2）为确保发动机正常工作，需对其冷却。一般使用水来充当冷却剂，这是因为：水的比热容大。8热机发明后，一直在持续的改进和发展中。材料一：1769年，法国人居纽制造出蒸汽

34、机推动的三轮汽车(如图甲)，传统蒸汽机的燃料在汽缸外部燃烧(如图乙)，热效率为5%8%。材料二：1862年，法国人德罗夏提出内燃机(内燃指燃料在汽缸内燃烧)的四冲程循环理论：汽缸的向外运动造成的真空将混合气体燃料吸入汽缸；通过汽缸的向内运动对进入汽缸里的燃料进行压缩；高压燃烧气体产生巨大爆发力；将已经燃烧的废气从汽缸中排出。材料三：1876年，德国人奥托制造出以四冲程为依据的煤气内燃机，利用飞轮的惯性使四冲程自动实现循环往复，内燃机的效率达到14%。（1）四冲程循环理论提及的“巨大爆发力”由如图中的 冲程实现。 ABC D（2）德罗夏提到的内燃方式是基于 的猜想。（3）老师在重复演示“做功改变内能”实验(如图丙)之间，需在拔出活塞后将厚玻璃筒甩几下，其目的是： 。【答案】（1）C（2）燃料在汽缸内燃烧，热量损失少，热效率高（3）排出燃烧后的废气，吸入新鲜空气，为下一次燃烧做好准备【解答】（1）四冲程循环理论提及的“巨大爆发力”来源于做功冲程，根据图片可知，A为吸气冲程，B为压缩冲程，C为做功冲程，D为排气冲程，故选D。（2）根据材料二可知，德罗夏提到的内燃方式是基于的猜想：燃料在汽缸内燃烧，热量损失少，热效率高。（3）老师在重复演示“做功改变内能”实验(如图丙)之间，需在拔出活塞后将厚玻璃筒甩几下，其目的是：排出燃烧后的废气，吸入新鲜空气，为下一次燃烧做好准备。