全国通用2022版高考物理考前三个月高考题型集训等值模拟卷二.docx

1、等值模拟卷(二)(时间：60分钟满分：110分)一、选择题(本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1(2022安徽省示范高中四模)如图所示，小球固定在轻杆一端绕圆心O在竖直面内做匀速圆周运动，下列关于小球在最高点以及与圆心O等高处的受力分析一定错误的是()2如图1所示，质量M8 kg的小车静止在光滑水平面上，在小车右端施加一水平拉力F8 N当小车速度达到1.5 m/s时，在小车的右端、由静止轻放一大小不计、质量m2 kg的物体，物体与小车间的动摩擦因数0.2.小车足够长，物

2、体从放在小车上开始经t1.5 s的时间则物体相对于地面的位移为(g取10 m/s2)()图1A1 m B2.1 mC2.25 m D3.1 m3(2022安徽江淮十校4月联考)太阳系中某行星运行的轨道半径为R0，周期为T0.但天文学家在长期观测中发现，其实际运行的轨道总是存在一些偏离，且周期性地每隔t0时间发生一次最大的偏离(行星仍然近似做匀速圆周运动)天文学家认为形成这种现象的原因可能是该行星外侧还存在着一颗未知行星假设两行星的运行轨道在同一平面内，且绕行方向相同，则这颗未知行星运行轨道的半径R和周期T是(认为未知行星近似做匀速圆周运动)()AT BTT0CRR0 DRR04.(2022安徽

3、皖南八校三联)如图2所示，菱形ABCD的对角线相交于O点，两个等量异种点电荷分别固定在AC连线上的M点与N点，且OMON，则()图2AA、C两处电势、场强均相同BB、D两处电势、场强均相同CA、C两处电势、场强均不相同DB、D两处电势、场强均不相同5如图3所示，水平桌面上的轻质弹簧一端固定，另一端与小物块相连弹簧处于自然长度时物块位于O点(图中未标出)物块的质量为m，ABa，物块与桌面间的动摩擦因数为.现用水平向右的力将物块从O点拉至A点，拉力做的功为W.撤去拉力后物块由静止向左运动，经O点到达B点时速度为零重力加速度为g.则上述过程中()图3A物块在A点时，弹簧的弹性势能等于WmgaB物块在

4、B点时，弹簧的弹性势能小于WmgaC经O点时，物块的动能等于WmgaD物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B点时弹簧的弹性势能6(2022汕头二模)如图4所示是自动跳闸的闸刀开关，闸刀处于垂直纸面向里匀强磁场中，当CO间的闸刀刀片通过的直流电流超过额定值时，闸刀A端会向左弹开断开电路以下说法正确的是()图4A闸刀刀片中的电流方向为C至OB闸刀刀片中的电流方向为O至CC跳闸时闸刀所受安培力没有做功D增大匀强磁场的磁感应强度，可使自动跳闸的电流额定值减小7(2022天津一中模拟)如图5所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，其在同一磁场中匀速转动过程中所

5、产生正弦交流电的图象如图线b所示以下关于这两个正弦交流电的说法正确的是()图5A在图中t0时刻穿过线圈的磁通量均为零B线圈先后两次转速之比为32C交流电a的瞬时值为u10sin 5t(V)D交流电b电压的最大值为 V8(2022湖南省十三校第二次联考)如图6甲所示，abcd是位于竖直平面内的正方形闭合金属线框，在金属线框的下方有一磁感应强度为B的匀强磁场区域，MN和MN是匀强磁场区域的水平边界，边界的宽度为s，并与线框的bc边平行，磁场方向与线框平面垂直现让金属线框由距MN的某一高度从静止开始下落，图乙是金属线框由开始下落到完全穿过匀强磁场区域的vt图象(其中OA、BC、DE相互平行)已知金属

6、线框的边长为L(Ld的某区域加上左边界与y轴平行且垂直纸面的匀强磁场B2(图上未画出)，为了使粒子能垂直穿过x轴上的Q点，Q点坐标为(d,0)求：图11(1)磁感应强度B1的大小与方向；(2)磁感应强度B2的大小与方向；(3)粒子从坐标原点O运动到Q点所用的时间t.(二)选考题(共15分，从下面的3道物理题中，任选一题作答如果多做，则按第一题计分)物理选修3313(5分)(2022辽宁师大附中模拟)下列叙述和热力学定律相关，其中正确的是_(填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错一个扣3分，最低得分为0分)A第一类永动机不可能制成，是因为违背了能量守恒定律B能量耗散过

7、程中能量不守恒C电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界，违背了热力学第二定律D能量耗散是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性E物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功14(10分)(2022吉林省实验中学二模)如图12所示，有两个不计质量不计厚度的活塞M、N将两部分理想气体A、B封闭在绝热气缸内，温度均是27 .M活塞是导热的，N活塞是绝热的，均可沿气缸无摩擦地滑动，已知活塞的横截面积均为S2 cm2，初始时M活塞相对于底部的高度为H27 cm，N活塞相对于底部的高度为h18 cm.现将一质量为m1 kg的小物体放在M活塞的上表面上，活塞下降已知大气压强为p01.0105

8、 Pa(g10 m/s2)图12(1)求下部分气体的压强多大；(2)现通过加热丝对下部分气体进行缓慢加热，使下部分气体的温度变为127 ，求稳定后活塞M、N距离底部的高度物理选修3415(5分)在观察光的双缝干涉现象的实验中：(1)将激光束照在如图13乙所示的双缝上，在光屏上观察到的现象是图甲中的_(2)换用间隙更小的双缝，保持双缝到光屏的距离不变，在光屏上观察到的条纹间距将_，保持双缝间隙不变，减小光屏到双缝的距离，在光屏上观察到的条纹间距将_(以上均选填“变宽”、“变窄”或“不变”)图1316(10分)(2022石家庄二模)一列简谐横波沿x轴正方向传播，如图14甲所示为波传播到x5 m的M

9、点时的波形图，图乙是位于x3 m的质点N从此时刻开始计时的振动图象，Q是位于x10 m处的质点，求：图14(1)波由M点传到Q点所用的时间；(2)波由M点传到Q点的过程中，x3.5 m处的质点通过的路程物理选修3517(5分)(2022盐城三模)如图15所示是某原子的三个能级，其能量分别为E1、E2和E3.a、b、c为原子跃迁所发出的三种波长的光，已知a、b的波长分别为a和b，普朗克常量为h，真空中光速为c.则c的波长为_能量差E3E2_.图1518(10分)(2022文登二模)如图16所示为两块质量均为m，长度均为L的木板放置在光滑的水平桌面上，木块1质量也为m(可视为质点)，放于木板2的最

10、右端，木板3沿光滑水平桌面运动并与叠放在下面的木板2发生碰撞后粘合在一起，如果要求碰后木块1停留在木板3的正中央，木板3碰撞前的初速度v0为多大？已知木块与木板之间的动摩擦因数为.图16答案精析等值模拟卷(二)1A杆在竖直平面内做圆周运动，故合力一定指向圆周的内侧，图A中两个力的合力不指向内侧，故A错误；图B中两个力的合力可以指向内侧，故是可能的，故B正确；图C中两个力的合力指向圆心，故是可能的，故C正确；图D中两个力的合力可能指向圆心，故是可能的，故D正确2B对物体mgma1，对小车FmgMa2v0a2t1a1t1解得t11 s，对系统F(Mm)a3xa1ta1t1(tt1)a3(tt1)2

11、2.1 m3C据题意，已知每隔t0时间发生一次最大偏离，说明每隔t0时间两颗行星位于同一直线，据开普勒第三定律有：，整理得：RR0，设某行星在t0时间内转动的角度为2，设其角速度为0，则有t0，某另一行星在相同时间内转动的角度为，则有：t0，而0及，整理得T，代入RR0计算得：RR0，所以B、C选项正确4B根据等量异种点电荷的电场的分布特点和叠加原理可知，选项A、C、D错误，B正确5B设A离弹簧原长位置O的距离为xOA，则弹簧的形变量为xOA ，当物块从A向左运动直至B的过程中，物块要克服摩擦力做功，则物块及弹簧系统的机械能一定减小，到B时只具有弹性势能，则EpB；故从O到A的过程中运用动能定

12、理有WmgxOAW弹0，解得A处的弹性势能EpAW弹WmgxOAWmga，故A项错误；同理，经过B点时，弹簧的弹性势能EpBW弹mgaWmg(axOA)Wmga，故B项正确；经过O点的动能EkW2mgxOAWmga，则C项错误；物块动能最大时是物块第一次回到平衡位置，受力分析不难得出该位置在O点的右边，物块受到的弹力和物块受到的摩擦力大小相等，由于摩擦因数未知，则弹簧的弹性势能大小无法确定，故物块动能最大时弹簧的弹性势能与物块在B点时弹簧的弹性势能大小无法确定，故D项错误6BD当MN通电后，闸刀开关会自动跳开，可知安培力应该向左，由左手定则判断，电流方向OC，故A错误，B正确；跳闸时闸刀受到安

13、培力而运动断开，故跳闸时闸刀所受安培力做正功，故C错误；跳闸的作用力是一定的，依据安培力FBIL可知，电流I变小，故D正确7BCD由图可知，t0时刻线圈均在中性面，穿过线圈的磁通量最大，故A错误；由图象可知TATB23，故nAnB32，故B正确；由图象可知，交流电a的最大值为10 V，角速度为5 rad/s，所以交流电a的瞬时值为u10sin 5t (V)，故C正确；交流电最大值UmNBS，故UmaUmb32，故UmbUma V，故D正确8AC金属线框进入磁场之前，做自由落体运动，下边进入磁场切割磁感线产生感应电动势和感应电流，下边受到向上的安培力作用，做加速度减少的减速运动；导线框完全进入磁

14、场中，导线框中磁通量不变，不产生感应电流，导线框不受安培力作用，受重力，做匀加速运动；导线框下边开始出磁场时，上边切割磁感线产生感应电动势和感应电流，上边受到向上的安培力作用，导线框做减速运动全部离开后，以加速度g做匀加速运动所以A正确；从bc边进入磁场起一直到ad边离开磁场为止，mg(Ls)Wmvmv，mg(Ls)mvmvW，B错误；当恰受力平衡时，mgBL，解得v1，即有可能，C正确；qItt，进入和离开相同，所以q相同，D错误9(1)A、B两光电门之间的距离s(2)mgs(Mm)()2()2解析(1)本题要验证从A到B的过程中，滑块机械能守恒，则要证明动能的增加量等于重力势能的减小量，所

15、以要求出此过程中，重力做的功，则要测量A、B两光电门之间的距离s；(2)由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度滑块通过光电门B速度为：vB；滑块通过光电门A速度为：vA，滑块从A处到达B处时m和M组成的系统动能增加量为：E(Mm)()2()2；系统的重力势能减少量可表示为：Epmgs则实验测得的这些物理量若满足表达式mgs(Mm)()2()2，则可验证系统机械能守恒定律10(1)见解析图(2)见解析图(3)2.0解析(1)由题意可知，要使两表指针偏转的最大刻度都超过总量程的，用电压表与一电阻并联，再与电流表串联的方法进行测量，该电路采用滑动变阻器分压接法，电流表采用

16、外接法，故电路如图(2)由表中数据设立如图所示标度，采用描点法作图如图所示(3)图象的斜率表示电表的内阻，则总电阻R 333 .由并联电路规律可知：333解得电压表内阻：RV1 988 2.0 k11(1)2 m/s(2)2 m解析(1)甲在最高点D时对轨道的压力恰好为零，由牛顿第二定律，有m1gm1由甲离开弹簧运动至D点的过程中机械能守恒得：m1vm1g2Rm1v联立解得vB2 m/s(2)Epm1vm2v，得v24 m/s乙在粗糙水平面做匀减速运动，m2gm2a得a4 m/s2，x2 m12(1) ，方向垂直纸面向里(2) ，方向垂直纸面向里(3)(1)d解析(1)设粒子从O点穿出时速度为

17、v0，由动能定理得：qUmv得v0 由于粒子在电磁场中做直线运动，粒子所受电场力与洛伦兹力平衡，有qv0B1qE得B1 ，磁场B1方向垂直纸面向里(2)粒子在0xd区域的电场中运动时间t设粒子离开电场时偏向角为，有vyatatan 30粒子离开电场时速度大小vv0依题意，粒子运动轨迹如图所示，设在磁场中运动半径为r，可得FO2r2rrOQOF3d解得rd由洛伦兹力作为向心力：qvB2得B2 ，方向垂直纸面向里(3)由几何关系可知O到磁场左边界在x轴上的距离为L2.5drcos 602d粒子从O到磁场左边界所用时间t1d 在磁场中运动时间t2T 总时间tt1t2(1)d 13ABD电冰箱在电机做

18、功的情况下，不断把冰箱内热量传到外界，没有违背热力学第二定律，C错误；物体从单一热源吸收的热量不可全部用于做功，因为机械能和内能的转化过程具有方向性，尽管机械能可以全部转化成内能，内能却不能全部转化成机械能，同时不引起其他变化，E错误14(1)1.5105 Pa(2)稳定后活塞M、N距离底部的高度分别为22 cm和16 cm解析(1)对两个活塞和小物体作为整体进行受力分析得：pSmgp0S得pp01.0105 Pa Pa1.5105 Pa(2)对下部分气体进行分析，初状态压强为p0，体积为hS，温度为T1，末状态压强为p，体积设为h2S，温度为T2由理想气体状态方程可得：得：h2h18 cm1

19、6 cm对上部分气体进行分析，根据玻意耳定律可得：p0(Hh)SpLS得：L6 cm故此时活塞M距离底端的距离为H2166 cm22 cm15(1)A(2)变宽变窄解析(1)激光照在双缝上出现的是双缝干涉现象，而双缝干涉图象中间是亮条纹，两侧是明暗相间的等间距对称的干涉条纹，所以A是正确(2)根据双缝干涉条纹间距公式x，其中l表示双缝到荧光屏之间的间距，d为两条双缝之间的距离，换用间隙更小的双缝，d减小，条纹间距将会变宽；保持双缝间隙不变，减小光屏到双缝的距离，则条纹间距将会变窄16(1)5 s(2)27.07 cm解析(1)由题图甲可以看出波长4 m，由题图乙可以看出周期T4 s，所以波速v1 m/s.波由M点传到Q点所用的时间t5 s(2)t4 s内质点通过的路程为4A20 cm质点1 s内通过的路程为25sin 45 cm5 cm则质点通过的位移为(205)cm27.07 cm.17.解析因可得：c；由玻尔理论可知，E3E2183解析设木板3的初速度为v0，对于3、2两木板的系统，设碰撞后的速度为v1，据动量守恒定律得：mv02mv1对于3、2整体与1组成的系统，设共同速度为v2，则据动量守恒定律得：2mv13mv2木块1恰好停留在木板3的正中央，则据能量守恒有：mgL2mv3mv由联立方程得：v03