2020版高考化学新攻略总复习课标通用版练习：专题八-第1讲 弱电解质的电离 WORD版含解析.docx

1、第1讲弱电解质的电离A组基础题组1.已知:25 时,电离常数Kb(NH3H2O)=1.810-5,CH3COOH的电离常数与其相等。现向1 L 0.1 molL-1氨水中加入等体积的0.1 molL-1 CH3COOH溶液,则下列说法正确的是()A.在滴加过程中,KW始终保持不变B.25 时,反应后溶液中c(NH4+)c(CH3COO-)C.若用NH3H2O标准溶液滴定盐酸,则应选择酚酞作为指示剂D.25 时,反应NH4+H2ONH3H2O+H+的平衡常数约为5.610-10答案DA项,在滴加过程中,溶液温度升高,KW增大,错误;B项,25 时CH3COOH和NH3H2O电离常数相等,故反应后

2、溶液中CH3COO-和NH4+水解程度相同,则溶液中c(NH4+)=c(CH3COO-),错误;C项,滴定终点为NH4Cl溶液,显酸性,应选择甲基橙作为指示剂,错误;D项,25 时,反应NH4+H2ONH3H2O+H+的平衡常数K=c(H+)c(NH3H2O)c(NH4+)=c(H+)c(NH3H2O)c(OH-)c(NH4+)c(OH-)=KWKb=110-141.810-55.610-10,正确。2.已知0.1 molL-1的醋酸溶液中存在电离平衡:CH3COOH CH3COO-+H+。要使溶液中c(H+)c(CH3COOH)增大,可以采取的措施是()A.加入少量烧碱溶液B.降低温度C.加

3、入少量冰醋酸 D.加水答案D加入少量的NaOH溶液,平衡向右移动,c(H+)和c(CH3COOH)都减小,但是前者减小的程度更大,A项不符合题意;醋酸的电离是吸热过程,降低温度,平衡向左移动,c(H+)减小,c(CH3COOH)增大,B项不符合题意;加入少量冰醋酸,醋酸浓度变大,电离程度减小,虽c(H+)也增大,但c(H+)c(CH3COOH)减小,C项不符合题意;加水稀释,平衡向右移动,n(H+)增大,n(CH3COOH)减小,故n(H+)n(CH3COOH)增大,c(H+)c(CH3COOH)也增大,D项正确。3.能证明乙酸是弱酸的实验事实是()A.CH3COOH溶液与Zn反应放出H2B.

4、0.1 mol/L CH3COONa溶液的pH大于7C.CH3COOH溶液与Na2CO3反应生成CO2D.0.1 mol/L CH3COOH溶液可使紫色石蕊变红答案BA、C、D均只能证明CH3COOH具有酸性,不能证明其酸性强弱;B项,0.1 mol/L CH3COONa溶液的pH大于7,说明CH3COONa为强碱弱酸盐,即说明CH3COOH为弱酸。4.(2018四川成都质检)常温下,Ka(HCOOH)=1.7710-4,Ka(CH3COOH)=1.7510-5,Kb(NH3H2O)=1.7510-5,下列说法正确的是()A.相同体积pH均为3的HCOOH和CH3COOH溶液,中和NaOH的能

5、力相同B.0.2 mol L-1 HCOOH与0.1 mol L-1 NaOH 等体积混合后:c(HCOO-)+c(OH-) c(HCOOH)+c(H+)C.浓度均为0.1 mol L-1的 HCOONa和NH4Cl 溶液中阳离子的物质的量浓度之和:前者大于后者D.将CH3COONa溶液从20 升温至30 ,溶液中c(CH3COO-)c(CH3COOH)c(OH-)增大答案CpH相同的HCOOH和CH3COOH溶液,物质的量浓度:c(HCOOH)c(CH3COOH),则体积相同的两种溶液,HCOOH和CH3COOH的物质的量前者小于后者,所以后者消耗的NaOH更多,故A错误;0.2 mol L

6、-1 HCOOH与0.1 mol L-1 NaOH 等体积混合后,混合溶液中的溶质为等物质的量浓度的HCOOH和HCOONa,根据电荷守恒得c(HCOO-)+c(OH-)=c(Na+)+c(H+),因甲酸的电离程度大于甲酸根离子的水解程度,所以c(HCOOH)c(HCOOH)+c(H+),故B错误;电离平衡常数越大,其对应离子的水解程度越小,根据电离平衡常数可知,离子水解程度: NH4+HCOO-,由电荷守恒得:c(HCOO-)+c(OH-)=c(Na+)+c(H+)=0.1 molL-1+c(H+)、c(NH4+)+c(H+)=c(Cl-)+c(OH-)=0.1 molL-1+c(OH-),

7、水解程度NH4+HCOO-,所以HCOONa溶液中的c(H+)大于NH4Cl溶液中的c(OH-),则浓度均为0.1 molL-1的HCOONa和NH4Cl溶液中阳离子的物质的量浓度之和:前者大于后者,故C正确;CH3COO-发生水解反应的离子方程式为CH3COO-+H2O CH3COOH+OH-,水解平衡常数Kh=c(CH3COOH)c(OH-)c(CH3COO-),升温水解平衡常数Kh=c(CH3COOH)c(OH-)c(CH3COO-)增大,则c(CH3COO-)c(CH3COOH)c(OH-)减小,故D错误。5.浓度均为0.1 mol/L、体积为V0的HX、HY溶液,分别加水稀释至体积V

8、,pH随lgVV0的变化关系如图所示。下列叙述正确的是()A.HX、HY都是弱酸,且HX的酸性比HY的弱B.相同温度下,电离常数K(HX):abC.常温下,由水电离出的c(H+)c(OH-):abD.lgVV0=3,若同时微热两种溶液,则c(X-)c(Y-)减小答案C由图像可知HY溶液加水稀释104倍,溶液的pH随之上升了4,而HX溶液的pH变化小于4,因此HY为强酸,HX为弱酸,故A项错误;电离平衡常数只与温度有关,因此在相同温度下,电离常数K(HX):a=b,故B项错误;a、b两点溶液中水的电离都是受到HX的电离的抑制的,其中在a点HX电离出的c(H+)较大,对水的电离抑制更强,因此在a点

9、水电离出的c(H+)、c(OH-)较b点小,则由水电离出的c(H+)c(OH-):ac(R-)c(OH-)c(H+)C.pH=7时,所得溶液中:c(HR)c(R-)=c(NH4+)D.pH=10时,所得溶液中:c(R-)c(HR),c(NH4+)c(NH3H2O)答案B由图可知,pH=5时,lgc(R-)c(HR)=0,所以Ka=c(R-)c(H+)c(HR)=c(H+)=110-5,所以,25 ,0.1 mol/L NaR溶液中,Kh=KWKa=10-1410-5=10-9,c(OH-)=Khc(R-)10-90.1 mol/L=110-5 mol/L,所以pH约为9,A不正确。当通入0.1

10、 mol NH3时,所得溶液中的溶质为NH4R,NH4R的阴、阳离子可以相互促进水解,NH3H2O电离平衡常数K=1.7610-5,而HR的Ka=110-5,故R-的水解程度较大,溶液显碱性,所以c(NH4+)c(R-)c(OH-)c(H+),B正确。pH=7时,由图可知,lgc(R-)c(HR)=2,则c(R-)c(HR)=102,所以c(R-)c(HR);由电荷守恒可知c(R-)=c(NH4+),所以,所得溶液中c(R-)=c(NH4+)c(HR),C不正确。pH=10时,c(OH-)=110-4 mol/L,由NH3H2O电离平衡常数K=1.7610-5,可以求出c(NH4+)c(NH3

11、H2O)=1.7610-5110-41,所以c(NH4+)c(HR),D不正确。7.(2018福建漳州模拟)25 时,将浓度均为0.1 mol L-1,体积分别为Va和Vb的HA溶液与BOH溶液按不同体积比混合,保持Va+Vb=100 mL,Va、Vb与混合液pH的关系如图所示,下列说法正确的是()A.Ka(HA)=110-6B.b点c(B+)=c(A-)=c(OH-)=c(H+)C.ac过程中水的电离程度始终增大D.c点时,c(A-)c(OH-)c(HA)随温度升高而减小答案D由图可知0.1 mol L-1HA 溶液pH=3,由 HA H+A-可知Ka=10-310-30.1=10-5,选项

12、A错误;b点是两者等体积混合后所得溶液,呈中性,所以离子浓度的大小为c(B+)=c(A-)c(H+)=c(OH-),选项B错误;ab是酸过量、bc 是碱过量,两过程中水的电离程度受抑制,b点是弱酸弱碱盐溶液,其水解对水的电离起促进作用,所以ac 过程中水的电离程度先增大后减小,选项C错误;c 点时,c(A-)c(OH-)c(HA)=1Kh=KaKW,而Ka=10-310-30.1=10-5 mol L-1,温度越高Kh越大,所以1Kh越小,选项D正确。8.18 时,H2A(酸):K1=4.310-7,K2=2.110-12;H2B(酸):K1=1.010-7,K2=6.310-13。在浓度相同

13、的两种溶液中,用“”“(2)(3)解析(1)相同温度、相同浓度的不同二元酸溶液中,c(H+)与电离平衡常数成正比,多元弱酸的电离以第一步为主,H2A(酸)的K1大于H2B(酸)的K1,所以H2A电离程度大,溶液中c(H+)大。(2)相同温度、相同浓度下,电离平衡常数越大,其电离程度越大,H2A(酸)的K2大于H2B(酸)的K2,所以酸根离子的浓度:c(A2-)c(B2-)。(3)相同温度、相同浓度下,电离平衡常数越大,其电离程度越大,H2A(酸)的K1大于H2B(酸)的K1,所以H2A电离程度大,酸分子的浓度:c(H2A)H2B,溶液的导电能力:H2AH2B。9.在一定温度下,冰醋酸加水稀释过

14、程中溶液的导电能力如下图所示。(1)“O”点导电能力为0的原因是。(2)A、B、C三点溶液中c(H+)由小到大的顺序是。(3)A、B、C三点溶液中醋酸的电离程度最大的是。(4)若使C点溶液中c(CH3COO-)增大,而c(H+)减小,可采取的措施主要有:;。答案(1)在“O”点处CH3COOH未电离,无离子存在(2)CAH2CO3HCN(2)能;NaCN+H2O+CO2 HCN+NaHCO3(3)CO32-CN-HCO3-HCOO-(4)增大增大(5)不相同(6)方法:配制0.01 mol/L的HCOOH溶液,测其pH,若pH2,则证明HCOOH为弱酸;方法:配制少量HCOONa溶液,测其pH

15、,若pH7,则证明HCOOH为弱酸。B组提升题组11.常温下,将NaOH溶液分别加到HF溶液、CH3COOH溶液中,两混合溶液中离子浓度与pH的变化关系如图所示,已知pKa=-lgKa,下列有关叙述错误的是()A.常温下,Ka(CH3COOH)=10-5B.a点时,c(F-)=c(HF)c(Na+)c(H+)c(OH-)C.常温下,0.1 mol/L NaF溶液的pH小于0.1mol/LCH3COONa溶液的pHD.向CH3COOH溶液中加入NaOH溶液后所得的混合溶液中,c(CH3COO-)c(CH3COOH)=10(pKa-pH)答案D常温下,pH=5的CH3COOH溶液中lgc(CH3C

16、OO-)c(CH3COOH)=0,则c(CH3COO-)=c(CH3COOH),Ka(CH3COOH)=c(H+)c(CH3COO-)c(CH3COOH)=10-5,A正确;a点时,lgc(F-)c(HF)=0,则c(F-)=c(HF),溶液的pH=4,则c(H+)c(OH-),根据电荷守恒得c(F-)c(Na+),水解程度较小,所以溶液中存在c(F-)=c(HF)c(Na+)c(H+)c(OH-),B正确;由A可知Ka(CH3COOH)=10-5,pH=4时,c(HF)=c(F-),Ka(HF)=c(H+)c(F-)c(HF)=10-4,说明HF酸性大于醋酸,相同温度下相同浓度的钠盐中,水解

17、程度F-7.1时带负电荷,pH越高,表面所带负电荷越多;pH7.1时带正电荷,pH越低,表面所带正电荷越多。pH不同时吸附剂X对三价砷和五价砷的平衡吸附量(吸附达平衡时单位质量吸附剂X吸附砷的质量)如图3所示。图3在pH 79之间,吸附剂X对五价砷的平衡吸附量随pH升高而迅速下降,其原因是。在pH 47之间,吸附剂X对水中三价砷的去除能力远比五价砷的弱,这是因为。提高吸附剂X对三价砷去除效果可采取的措施是。答案(1)碱性溶液吸收了空气中的CO2(2)OH-+H3AsO3 H2AsO3-+H2O2.2(3)在pH 79之间,随pH升高H2AsO4-转变为HAsO42-,吸附剂X表面所带负电荷增多

18、,静电斥力增加在pH 47之间,吸附剂X表面带正电,五价砷主要以H2AsO4-和HAsO42-阴离子存在,静电引力较大;而三价砷主要以H3AsO3分子存在,与吸附剂X表面产生的静电引力小加入氧化剂,将三价砷转化为五价砷解析(1)碱性溶液易吸收空气中的CO2,CO2与碱发生反应CO2+2OH- CO32-+H2O,故吸附剂X中含有CO32-。(2)观察图1知,在pH为810之间,H3AsO3的分布分数逐渐减小,H2AsO3-的分布分数逐渐增大,故该过程中,NaOH与H3AsO3反应生成NaH2AsO3和水,离子方程式为OH-+H3AsO3 H2AsO3-+H2O。由H3AsO4的第一步电离方程式知,Ka1=c(H+)c(H2AsO4-)c(H3AsO4),观察图2知,当pH=2.2,即c(H+)=10-2.2mol/L时,H3AsO4的分布分数和H2AsO4-的分布分数相等,即Ka1=10-2.2,故pKa1=-lg Ka1=-lg 10-2.2=2.2。