2021版新高考数学一轮复习课时规范练31数列求和新人教A版.docx

1、课时规范练31数列求和基础巩固组1.(2019广东广州调研)数列112,314,518,7116,(2n-1)+12n,的前n项和Sn的值等于()A.n2+1-12nB.2n2-n+1-12nC.n2+1-12n-1D.n2-n+1-12n2.(2019广东深圳调研)已知函数f(n)=n2,n为奇数,-n2,n为偶数,且an=f(n)+f(n+1),则a1+a2+a3+a100等于()A.0B.100C.-100D.10 2003.(2019河南开封调研)已知数列an满足a1=1,an+1an=2n(nN*),则S2 018等于()A.22 018-1B.321 009-3C.321 009-

2、1D.321 008-24.(2017全国2,理15)等差数列an的前n项和为Sn,a3=3,S4=10,则k=1n1Sk=.5.已知数列an的前n项和为Sn,且满足Sn=2an-4(nN*),则an=;数列log2an的前n项和为.6.(2019山东淄博一模,17)已知在等比数列an中,a1=2,且a1,a2,a3-2成等差数列.(1)求数列an的通项公式;(2)若数列bn满足:bn=1an+2log2an-1,求数列bn的前n项和Sn.7.(2019山东实验等四校联考,17)已知数列an的前n项和Sn满足Sn=Sn-1+1(n2,nN),且a1=1.(1)求数列an的通项公式;(2)记bn

3、=1anan+1,Tn为数列bn的前n项和,求使Tn2n成立的n的最小值.综合提升组8.(2019广东珠海一中等六校联考)已知数列an满足a1=1,且对于任意的nN*都有an+1=an+a1+n,则1a1+1a2+1a2017等于()A.20162017B.40322017C.20172018D.403420189.(多选)已知函数f(x)=12(x2+a)的图象在点Pn(n,f(n)(nN*)处的切线ln的斜率为kn,直线ln交x轴,y轴分别于点An(xn,0),Bn(0,yn),且y1=-1.以下结论中,正确的结论有()A.a=-1B.记函数g(n)=xn(nN*),则函数g(n)的单调性

4、是先减后增,且最小值为1C.当nN*时,yn+kn+12ln(1+kn)D.当nN*时,记数列1|yn|kn的前n项和为Sn,则Sn0,6Sn=an2+3an,nN*,bn=2an(2an-1)(2an+1-1),若nN*,kTn恒成立,则k的最小值是.11.(2019山东淄博实验中学期末,17)已知等差数列an的公差d0,其前n项和为Sn,且S5=20,a3,a5,a8成等比数列.(1)求数列an的通项公式;(2)令bn=1anan+1+n,求数列bn的前n项和Tn.12.(2019贵州贵阳一模)已知数列an的前n项和是Sn,且Sn+12an=1(nN*).(1)求数列an的通项公式;(2)

5、设bn=log13(1-Sn+1)(nN*),令Tn=1b1b2+1b2b3+1bnbn+1,求Tn.创新应用组13.(2019河南重点学校月考)已知数列an中,a1=1,an-1-an=2anan-1(n2).(1)求数列an的通项公式;(2)设bn=an2n+1,数列bn的前n项和为Sn,证明:对任意的nN*,都有13Sn0,前n项和为Sn,若an=Sn+Sn-1(nN*,且n2).(1)求数列an的通项公式;(2)记cn=an2an,求数列cn的前n项和Tn.15.(2019四川百校模拟冲刺改编)定义在0,+)上的函数f(x)满足:当0x1时,xn0,函数g(n)为增函数,当n=1时,函

6、数取最小值,且最小值为1.函数g(n)的单调性是增函数,且最小值为1,故B不正确;在ln中,令x=0,得yn=-n2+12(n2-1)=-12(n2+1),yn+kn+12=-12n2+n,当n=1时,y1+k1+12=12=lneln1=0,故C正确;1|yn|kn=2n2+1n2n2,Sn1时,1n21n(n-1)=1n-1-1n,Sn0,得a1=3.由6Sn=an2+3an,得6Sn+1=an+12+3an+1.两式相减得6an+1=an+12-an2+3an+1-3an.所以(an+1+an)(an+1-an-3)=0.因为an0,所以an+1+an0,an+1-an=3.即数列an是

7、以3为首项,3为公差的等差数列,所以an=3+3(n-1)=3n.所以bn=2an(2an-1)(2an+1-1)=8n(8n-1)(8n+1-1)=1718n-1-18n+1-1.所以Tn=1718-1-182-1+182-1-183-1+18n-1-18n+1-1=1717-18n+1-1Tn恒成立,只需k149.11.解(1)因为S5=5(a1+a5)2=20,即a1+a5=8,a3=4,即a1+2d=4.因为a3,a5,a8为等比数列,即a52=a3a8.所以(a1+4d)2=(a1+2d)(a1+7d),化简得a1=2d.联立和得a1=2,d=1,所以an=n+1.(2)由(1)及b

8、n=1anan+1+n,可知bn=1anan+1+n=1(n+1)(n+2)+n=1n+1-1n+2+n,所以Tn=12-13+1+13-14+2+14-15+3+1n+1-1n+2+n=12-13+13-14+14-15+1n+1-1n+2+(1+2+3+n)=12-1n+2+n(n+1)2=n2(n+2)+n(n+1)2.12.解(1)当n=1时,a1=S1,由S1+12a1=1,得a1=23.当n2时,Sn=1-12an,Sn-1=1-12an-1,则Sn-Sn-1=12(an-1-an),即an=12(an-1-an),所以an=13an-1(n2).故数列an是以23为首项,13为公

9、比的等比数列.故an=2313n-1=213n(nN*).(2)因为1-Sn=12an=13n.所以bn=log13(1-Sn+1)=log1313n+1=n+1.因为1bnbn+1=1(n+1)(n+2)=1n+1-1n+2,所以Tn=1b1b2+1b2b3+1bnbn+1=12-13+13-14+1n+1-1n+2=12-1n+2=n2(n+2).13.(1)解由an-1-an=2anan-1,得an-1-ananan-1=2,即1an-1an-1=2.又1a1=1,所以数列1an是以1为首项,2为公差的等差数列.所以1an=1+2(n-1)=2n-1,所以an=12n-1.(2)证明因为

10、bn=an2n+1,所以bn=1(2n-1)(2n+1)=1212n-1-12n+1.所以Sn=121-13+13-15+15-17+12n-1-12n+1=121-12n+1=n2n+1.令f(x)=x2x+1=12+1x(x1),易证f(x)单调递增,所以f(x)f(1)=13.又f(x)=x2x+1=12+1x(x1),由1x0,2+1x2,所以f(x)=x2x+1=12+1x12.所以13f(x)12.即对任意的nN*,都有13Sn12.14.解(1)在数列an中,an=Sn-Sn-1,又有an=Sn+Sn-1(nN*,且n2),所以an=Sn-Sn-1=(Sn+Sn-1)(Sn-Sn

11、-1)=an(Sn-Sn-1),所以Sn-Sn-1=1,所以数列Sn是以S1=a1=1为首项,公差为1的等差数列,所以Sn=1+(n-1)=n,即Sn=n2.当n=1时,a1=S1=1,当n2时,an=Sn-Sn-1=n2-(n-1)2=2n-1,a1=21-1=1也满足上式,所以an的通项公式为an=2n-1.(2)由(1)知cn=an2an=(2n-1)22n-1,Tn=21+323+525+(2n-3)22n-3+(2n-1)22n-1,4Tn=23+325+527+(2n-3)22n-1+(2n-1)22n+1.-得-3Tn=21+223+225+227+222n-1-(2n-1)22

12、n+1=5-6n322n+1-103,即Tn=6n-5922n+1+109.15.解(1)由题意当0x2时,f(x)=2x-x2=-(x-1)2+1,极大值点为1,极大值为1,当x2时,f(x)=3f(x-2).则极大值点形成首项为1公差为2的等差数列,极大值形成首项为1公比为3的等比数列,故an=2n-1,bn=3n-1,故anbn=(2n-1)3n-1.(2)由S=a1b1+a2b2+a20b20=11+331+532+39319,则3S=131+332+39320,两式相减得-2S=1+2(31+32+319)-320=1+23(1-319)1-3-39320=-2-38320,S=19320+1.