湖南省郴州市2021届高三下学期3月第三次教学质量监测物理试题 PDF版含答案.pdf

1、物理答案第1页 （共 6 页）高三模拟考试参考答案 物理1【答案】B【解析】由题可知，由于电流恒定，导线周围磁场分布具有对称性，当闭合金属线框向上平移或向下平移时，磁通量保持不变，没有感应电流的产生，选项 A、D 错误；当闭合金属线框以直导线为轴顺时针旋转时，由于磁场空间的对称性，磁通量保持不变，没有感应电流的产生，选项 C 错误；当闭合金属线框向右平移时，磁场减弱，磁通量减小，有感应电流的产生，选项 B 正确。2【答案】C【解析】衰变释放的电子来自原子核，不是核外电子，选项 A 错误；根据质量数和电荷数守恒可知，41417278He+NO+X中，X 是质子，选项 B 错误；23892U 衰变

2、为20682Pb，根据质量数守恒可知，发生 8 次 衰变，根据电荷数守恒可知 92-82=28-x1，可得发生 6次 衰变，选项 C 正确；根据质量数守恒和电荷数守恒知，X 为 粒子，该反应为 衰变，选项 D 错误。3【答案】D【解析】如图所示，一根支架在竖直方向的分力为 F2=Fcos，在竖直方向上：3Fcos=mg，解得：2 3=9mgF，选项 D 正确。4【答案】D【解析】设加速电场的电压为 U，则 qU 12mv2,v2qUm,设正交电场的场强为 E，匀强磁场的磁感应强度为 B，由于粒子在区域里不发生偏转，则 EqBqv，得 v EB；可知，v2qUm EB，其中 E、B、U 为相同值

3、，正离子的比荷相等，选项 D 正确5【答案】C【解析】当速度达到 5m/s 时，拉力的功率最大，在前 5s 物体的加速度为 1m/s2，f=mg=10N，由牛顿第二定律可知：F-f=ma，解得：F=12N；依 P=Fv，可得：Pmax=60W，选项 C 正确。BEUF1F2F物理答案第2页 （共 6 页）6【答案】A【解析】当小球 A 平抛到三角形劈底部时，x=vo t，y=21 g t2，0tan37=2ygtxv，解得：t=1.2s，x=9.6m；小球 B 在斜面上的加速度 a=gsin37=6 m/s2，下滑距离 x1=cos37x=12m，又：2111=+2xv tat，解得：1v=6

4、.4m/s，选项 A 正确。7【答案】AC【解析】由万有引力可知：32rT GM=，解得：火星公转周期约为地球公转周期的 1.8 倍，选项 A 正确；两颗行星再一次相距最近，满足1222=2tTT（-），解得：1 221=TTtTT-，带入数据可得：t2.2 年，选项 C 正确。8【答案】AD【解析】要使点电荷 C 能够向上运动，则点电荷 C 受到的电场力增大，根据 F=qE 知，板间场强变大，由公式=UEd可知，要增加 U 或减小 d，因与电源相连，所以可增大 R1 的阻值，或将 M、N 板平移，减小板间距，选项 A、D 正确。9【答案】ABD【解析】当导体棒运动到 B 处时,电容器两端电压

5、为 U=Bdv=20.58 V=8 V，此时电容器积累的电荷量 Q=CU=1 00010-68C=810-3 C，选项 A 正确。棒在 F1 作用下由牛顿第二定律有 F1-BId=ma1，又 I=QCBd vtt，a1=vt，联立解得：a1=122+Fm CB d=40 m/s2，可见棒的加速度不变，说明棒做匀加速运动，且选项 B 正确。棒在 F2 作用下，先向右做匀减速运动，此时电容器放电，棒受到的安培力向右；当棒的速度减小为零时，电容器放电完毕，此后棒向左做匀加速运动，电容器被反向充电，此时棒受的安培力仍然向右，可知导体棒做匀加速直线运动的加速度大小 a2=222+Fm CB d，方向向左

6、；而两种情况下位移等大、反向,则有 12a1t2=-（2121-2a t ta t），解得 F2=3F1，选项 D 正确。物理答案第3页 （共 6 页）10【答案】BC【解析】在最低点，3mg=kx，当速度最大时，加速度为零，则：2mg=kx，则 A 物体上升高度为1=-=3x x xx ，选项 B 正确；速度最大时，弹性势能大小为4=9ppEE，由机械能守恒定律可知：=+2ppkEEEmg x，解得：Ek=59Ep 32 mgx，选项 C 正确。11【答案】(1)黑（2 分）(2)5.6（2 分）1.54（2 分）【解析】(1)由于表笔 a 是与电流表的正极相连，则其应该接电流表内部的正极，

7、则表笔 a为黑表笔。（2）从电阻箱直接读的电阻为 5.6；欧姆表的内阻是 15，读数为 14、电流为 53.0mA，则电动势为：E=I(R+R)=5310-3（14+15）V=1.54V。12【答案】(1)0dt（2 分）(2)21t（2 分）(3)bm（2 分）(4)2mdk（3 分）【解析】(1)由题意可知：0dvt=(2)由牛顿第二定律有，在最低点：2NmvFmgR=由牛顿第三定律有：NFF=解得：222221mvmdmdFmgmgmgRRtRt=+=+=+所以横轴表示21t。(3)由表达式可知：2mdkR=，bmg=解得：bgm=；2mdRk=。13【答案】(1)045mvBqL=；(

8、2)（02mLvEq，0）（3）072+8mLLqEv【解析】(1)由小球在磁场中，小球在磁场中做匀速圆周运动有:200mvqv BR=（2 分）分析可知小球的运动半径：5=sin4LRL=（1 分）物理答案第4页 （共 6 页）联立解得：:045mvBqL=（1 分）(2)小球出磁场区域后在电场力作用下第一象限内做类平抛运动，如图根据平抛运动规律，有:0 1xv t=2112yat=（1 分）qE=ma（1 分）几何关系可知:=2tanLyRL=+（1 分）联立解得:12 mLtqE=（1 分）；02mLxvqE=（1 分）即小球运动至 x 轴正半轴时的坐标为（02mLvEq，0）（1 分）

9、(3)带电粒子在磁场中运动轨迹所对圆心角为=127，约为 710 运动周期为：02 RTv=（1 分）运动时间为：22tT=2078Ltv=（1 分）则运动的总时间为：072+8mLLtqEv=（1 分）14【答案】（1）143ag=；（2）2038vgL；（3）12512xL=【解析】（1）对箱子，撤出拉力后，受地面的摩擦力而减速，则由牛顿第二定律得：f=Ma1（1 分）由摩擦力公式得：f=N2（1 分）N2=mg+Mg（1 分）解得：143ag=（1 分）（2）若小球未与箱子右端面相碰前箱子停下，设箱子运动 x1 距离停下，所用时间为 t1，由运动学公式有：220011032()8vvxa

10、g=（1 分）0011034vvtag=设这段时间小球运动位移 x2，则：2020 134vxv tg=（1 分）这段时间内小球相对箱子移动的距离：202138vxxxg=（1 分）xyOL-BEOR物理答案第5页 （共 6 页）依题意得：xL（1 分）得：2038vgL（1 分）（3）当203=32vgL时，小球与箱子右端面相碰前，箱子未停下。设经过时间 t1小球与箱子右端面相碰，此过程箱子运动位移为 x1，碰前速度为 v1，碰后共同速度为 v，由运动学公式：2210112()vvxa=，1011vvta=这段时间内小球位移：x2=v0t1（1 分）依题意得：x2-x1=L（1 分）01=2

11、vv小球与箱子相碰过程系统动量守恒：mv0+Mv1=(m+M)v（1 分）设：此后小球与箱子一起运动的位移为 x1，由动能定理得：211-()0()2mM gxmM v+=+（1 分）所以小球与箱子一起运动的位移为：12512xL=（2 分）15（1）【答案】ADE【解析】显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停的作无规则运动，这反映了液体分子运动的无规则性，选项 A 正确；气体压强产生的原因是气体分子频繁碰撞产生，气体分子一般不考虑分子间相互作用力，B 项错误；温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，对单个的分子没有意义，所以物体的温度升高，分子热运动变剧烈，并不是每个分子的动能都增

12、大，故 C 不符合题意；气体从外界吸收热量 2.5104J，气体对外界做功 1.0104J，则气体内能增加 1.5104J；内能增加，气体温度一定升高，则分子的平均动能一定增大，选项 D 正确；热量可以从低温物体传递到高温物体，例如电冰箱，但需要消耗电能，故 E 正确；（2）【答案】（i）228K（或者45）（）552K（或者 279）【解析】（i）开始时，封闭气体压强为：104cmHg80cmHgpp=+=（1 分）设封闭气体降低至温度为2T 时，左、右两管中水银液面上端对齐，这时右管中气柱高为28cmh=，此时封闭气体的压强：2076cmHgpp=根据理想气体状态方程有：1 12212p

13、h Sp h STT=（2 分）解得：2228KT=；（1 分）（）设封闭气体升至至温度为3T 时，左管中水银刚好不溢出管口，物理答案第6页 （共 6 页）封闭气体的压强为：3016cmHg92cmHgpp=+=（1 分）这时右管中气柱高为316cmh=，气体发生等温变化，则：3 31 113p h Sp h STT=（2 分）解得：3552T=K（1 分）16（1）【答案】ACE【解析】由波形图可知，图像是一个半周期，所以周期为：51.0s0.8s4T=，选项 A 正确；由22.5T=，得 O 点的简谐振动方程为：()2sin2.5cmyt=，选项 B 错误；波速为：=v T=10m/s，由

14、图可知，t=0.2s 时，x 轴上 2m 处的质点开始振动。故在 00.6s时间内，x轴上2m处质点振动的时间为0.4s，即为周期的 12，故通过的路程为24cmsA=，选项 C 正确；根据0.8sT=，由图可知，在 t=0.6s 时，x 轴上 8m 处质点还未发生振动，选项 D 错误；由图可知，在 x 轴上，x=48m 处的质点距8x=m 质点在波峰距离为 40m，由公式：x=vt 可知，再经 4.0s，x=48m 处的质点处于波峰位置，选项 E 正确。（2）【答案】（i）3（）5 3=2atc【解析】根据折射定律有：sinsininr=（1 分）由几何关系得：r=30，i=60（1 分）则三棱镜的折射率为：sin603sin30n=（2 分）光在棱镜中的速度为：33cv=cn=（1 分）光在棱镜中，由几何知识可得：x1=O1O2=ax2=O2D=1.5a（1 分）共历时：12+=xxtv（1 分）5 3=2atc（1 分）ABCirO1O2D