高二物理 参考答案.pdf

1、1 2022 年 4 月湖湘教育三新探索协作体高二期中联考物理参考答案一、选择题1、A【解析】B用显微镜观察到花粉颗粒在水中做布朗运动，反映了水分子在不停地做无规则运动；C电视机的显像管应用了磁场场使电子束偏转的原理；D若只增大回旋加速器中的交流电压 U，则粒子源产生的质子在加速器中获得的最大动能不变，最大速度只与 D 形盒半径有关。2、C【解析】a 光折射率大于 b 光折射率A根据n=cv，在玻璃介质中，a 光的传播速度小于 b 光的传播速度B因为光线是从玻璃砖的上表面经过一次折射到下表面的，所以必定会从下表面射出，增大入射角，a光在玻璃砖下表面可发生全反射Ca 光波长小于 b 光波长，用同

2、一装置在相同条件下分别做双缝干涉实验，a 光条纹间距小D经过玻璃砖折射后，a 的侧向位移大于 b 的侧向位移3、C【解析】A.若从图示位置开始计时,则线框产生的感应电动势的瞬时值的表达式 e=300cos30t(V)B.若开关闭合，则用电器增多，交流电源的输出功率增大C.若开关 S 闭合,则灯泡 L1 两端电压不变，功率不变，亮度不变 D.灯泡 L2 的额定功率与灯泡 L1 的额定功率相等，开关断开时，L1 正常发光，P=U1I1=1524、B【解析】A.线圈中的感应电流大小I=nSBRt，S=r22 ，I=0.1AB0-2s 时间内金属环产生的热量为Q=I2Rt=0.02JC.由楞次定律，感

3、应电流产生的磁场垂直纸面向外，线圈中感应电流的方向为逆时针 D0-6s 内，电动势不变，磁感应强度增大，安培力 F=BIL 增大，方向竖直向下，绳子拉力增大5、A【解析】A空中运动过程中，只受重力，重力的冲量等于动量变化量 IG=mgt，tan =1220，P=20003kg m/sB合=cos=202 tancos=100003C距离赛道最远时的速度与斜面平行，v=v0cos=10033m/sD竖直位移为，2=2，距离赛道最远时，tan=10；落到斜面上时，tan =2 tan =20.所以12=146、B【解析】A当施加外力时，对 B 分析可知F-2mgsin-F 电=0解得F 电=mgs

4、in当撤去外力瞬间，它们受到的合力为F 合=F 电+2mgsin=4ma解得a=34gsinB当 B 受到的合力为零时，B 的速度最大，由资料第一时间更新，认准公众号：一枚试卷君2 kx=F 电+2mgsin解得3sinmgxk=B对 AB 整体，由动能定理可得 12 kx2+4mgx sin =12 4mv2解得v=g sin 15m4KD根据能量守恒可知物体 A 和弹簧所组成的系统机械能增加量等于于物体 B 电势能的减少量和 B 物体机械能的减小量7、BD 【解析】A、根据图(b)的振动图象可知，在 x=2.5m 处的质点在 t=2s 时振动方向向上，结合图(a)的波形图可知:该波向 x

5、轴负方向传播，B、由图(a)可知该简谐横波波长入=2m，由图(b)可知周期 T=4s，则波速:v=12m/s=0.5m/s;C、02s 时间内，质点 P 运动的位移为 0D、当障碍物尺寸与波长相差不多或小于波长时可发生明显的衍射现象，所以该横波传播过程遇到宽度为 0.2m的障碍物，会观察到明显的衍射现象;8、BC 【解析】A、实验中，长木板可以做变速运动；B、题图乙中曲线就是棉线中拉力随时间变化的曲线，由于物块处于静止状态,其受到的棉线拉力和摩擦力等大反向，故摩擦力的大小随时间变化曲线与棉线中拉力的大小随时间变化的曲线相同；C、由题图乙中棉线拉力随时间变化的曲线可知，棉线中最大拉力约为 10N

6、，说明最大静摩擦力大小约为 10N，长木板与物块相对滑动时棉线中拉力约为 7N，说明滑动摩擦力约为 7N，所以最大静摩擦力与滑动摩擦力之比约为 10:7；D、只用题图乙中数据不能得出物块与长木板间的动摩擦因数，还需要知道物块与长木板间的弹力大小，不可得出物块重力。9、CD 【解析】AB：图像斜率表示电场力，在 x0.3 m 处静电力大小为k=EPX=105N，E=103/CD：由=EPq，电荷带负电，电势能高，电势低，x0.3 m 处的电势比 x0.7 m 处的电势低。U=2 1=20010、AD【解析】A滑块从 A 滑到 C 的过程中水平方向动量守恒，竖直方向上合力不为零，系统动量不守恒。B

7、滑块刚滑到 B 点时速度最大，取水平向右为正方向，由水平方向动量守恒定律和机械能守恒定律0mMmvMv=221122mMmgRmvMv=+解得=233 =3F mg=mv相2RF=4mgC滑块从 A 滑到 C 的过程中小车相对于地面的位移等于设滑块在小车上运动过程中某时刻的速度大小为 v1，小车的的速度大小为 v2，滑块和小车组成的系统在水平方向动量守恒，有12mvMv=所以整个过程中，滑块与小车的平均速度满足12mvM v=设滑块水平方向相对地面的位移大小为 x1，小车相对地面的位移大小为 x2，则12mxMx=并且12xxRL+=+解得12()3xRL=+21()3xRL=+D系统在水平方

8、向动量守恒，以向右为正方向，对整个过程，由动量守恒定律得()0mM v=+解得0v=由能量守恒定律得mgRmgL=解得RL=由于01二、实验题11、（6 分）（1）m121 （m1+m2）22（2）不需要12、（9 分）（1）（2 分）（2 分）（2）（2 分）4 （3）（1 1）R1 （2 分）（4）定值电阻 R1 短路（合理均可）（1 分）三、计算题13、（12 分）解：（1）mg sin 30+mg cos 30=ma （4 分）a=5+33 10.2m/s2 （2 分）（2）2 02=2 （4 分）L=100（33 5）19.6m （2 分）14、（13 分）解：（1）在区域中 qv0

9、B=mV02R （1 分）T=20 =2 t1=2 t1=2 （1 分）在区域中 t2=0=（1 分）在区域中 3=20=2 （1 分）t=t1+t2+t3=（6+）2 （1 分）（2）方向垂直纸面向外 qvB2=Eq（1 分）R=12 at32（1 分）a=Eqm （1 分）2=2 （1 分）（3）在区域中，由动能定理得EqR=EK 12 mv02 （2 分）=02 （2 分）15、（16 分）解：（1）q=CU=CBdV0（4 分）故 V0=10m/s （2 分）（2）由牛顿第二定律 F1BId=ma1 （1 分）I=qt q=CU U=Bdv1 1=联立得 1=1+22=10/（1 分）t=va1=1s x=12 a1t2=5m （1 分）由功能关系 1+安=12 2 （1 分）W安=4J（1 分）（4）由（2）知 2=2+22 （2 分）向左 又2=1 即/2 2=2 （1 分）得 v=-15m/sa2=/2 2=-12.5m/s （1 分）F2=1.25N（1 分）