（高二物理答案）神州智达2021-2022省级联测第一次考试.pdf

1、物理答案 第1 页(共5页)神州智达省级联测20212022第一次考试高二物理参考答案题号12345678910答案DBCBDCCADBDAD1.D 解析:由材料可知棒的一端是一个小球 A,另一端通过物体 B使绝缘棒平衡,研究的是 A、C 间的作用力,所以 B不带电,只起平衡作用,A 错误;在库仑那个时代没有电荷量的单位,不可能准确测出每一个带电小球的电荷量,故 B错误;根据库仑定律可知 A 球与 C球之间的作用力与它们之间距离的平方成反比,C错误;C球带电荷量越大,C球与 A 球接触后,A 球带电量越大,C、A 之间的库仑力越大,悬丝扭转的角度越大,D 正确。命题意图 本题考查了库仑扭秤实验

2、,是源于课本的实验,要求学生要研读教材,了解实验的构造和基本的原理。根据库仑扭秤的结构结合库仑定律分析选项。注重对学生基本物理知识的考查,体现了物理思维和科学观念,突出对学生能立的考查要求。2.B 解析:电容器的电容由本身结构决定,与充放电无关,与电量多少无关。充电过程,电压增加,电量增加,电容不变,故 A 错误,B正确;接上超级电容后的电瓶车工作时,即电容器放电时,电量减小,电容不变,故 C、D 错误。故选 B。命题意图 本题以超级电容为载体,考查了电容器的充放电知识。明确电容器的电容由本身结构决定,与充放电无关,与电量多少无关。注重对学生基础知识的考查,情景的分析,注重考查学生物理概念及应

3、用。体现了物理思维,突出对基础能力的考查。3.C 解析:根据I=UR,U 相同,若I 最大,则要求R 最小,根据R=lS 可知,C选项中长度l最小,横截面积S 最大,因此R 最小,电流最大,故 C正确。命题意图 本题以集成电路为载体,综合考查公式I=UR 和R=lS 的应用,通过公式即可以推选出答案。考查了学生对公式的理解与应用能力,体现了物理思维和科学观念,注重对学生能力的考查。4.B 解析:由于是孤立点电荷产生的电场,所以延长电场线的交点即为点电荷所在位置。根据电场线方向可判断出点电荷带负电,A 正确;A 离点电荷较B 远,电场强度小,B 错误;因为沿电场线方向电势降低,所以 A 点电势高

4、于B 点电势,C正确;电子带负电,根据电势能公式,电势高的电势能低,D 正确,本题让选不正确的选项,故选 B。命题意图 本题以孤立点电荷为载体,考查电场线、电场强度、电势、电势能,其中延长电场线的交点为点电荷所在位置是本题的突破点。考查学生的知识迁移能力,体现了物理思维和科学观念,注重对学生能力的考查。5.D 解析:A、B 之间的电阻可看成两个阻值为3R 的电阻与一个阻值为2R 的电阻并联,所以并联后的电阻为67R,D 正确。命题意图 本题以正六边形电阻为载体,考查电阻的串、并联,让学生通过分析判断出电阻连接方式,进而求解。考查了学生对公式的实际应用能力,考查学生对基础知识的理解和应用能力,体

5、现了物理思维,突出对学生能力的考查。资料第一时间更新，认准公众号：一枚试卷君物理答案 第2 页(共5页)6.C 解析:根据对称性可知,四段圆弧在中心O 点产生的合电场强度为0,E、G 处电荷在中心O 点产生的合电场强度为0,F 在O 点产生的电场强度方向向下,为 kq4R2,D 处带电荷量为q 的微元在O 点产生的电场强度方向向上,为kqR2,所以O 点的合电场强度大小为kqR2-kq4R2=3kq4R2,故 C正确。命题意图 本题以均匀带电圆环为载体,考查了电场强度的叠加原理。综合利用对称性和电场强度叠加原理来解题,可以快速解决电场问题。考查了学生的知识迁移能力,体现了物理思维和科学观念,突

6、出对学生能力的考查要求。7.C 解析:极板 N 带正电,极板 M 带负电,电场强度方向向上,微粒所受重力与电场力等大反向,所以电场力方向向上,微粒带正电,选项 A 错误;R2 增大,R2 与 R3 并联后电阻增大,分压增大,极板间电压变大,电场强度变大,受到向上的电场力变大,合力向上,所以向上偏转,选项 B错误;N 极板下移,极板间电压不变,极板间电场强度减小,所以微粒向下偏转,选项 C 正确;两极板错开,极板间电场强度不变,带电微粒所受电场力不变,所以微粒在电场中受力平衡,做匀速直线运动,选项 D 错误。命题意图 本题以电容器为载体,考查串、并联电路,电容器中电场强度的知识,考查学生对知识的

7、理解应用能力。体现物理思维,突出对学生能力的考查要求。8.AD 解析:电流表是由灵敏电流计并联电阻改装而成的,甲、乙并联后相当于两个灵敏电流计和两个电阻并联在一起,所以流过两个灵敏电流计的电流相同,即偏角相同,由于二者量程不同,并联的电阻不同,流过并联电阻的电流不同,所以各自干路电流即示数不同,A 正确,B错误;甲并联的电阻大,流过电阻的电流小,干路电流小,示数小,所以 C错误,D 正确。故选 AD。命题意图 本题以灵敏电流计为载体,考查电流表改装,知道电流表改装的实质是电阻的串、并联。是电阻串、并联的一个应用,难度为易。考查了学生的基础知识,知识的迁移能力,体现了物理思维,注重对学生能力的考

8、查。9.BD 解析:R1、R3 串联后与R2 并联,然后它们再与 R4 串联。并联电阻为 R并=(R1+R3)R2R1+R3+R2=5,所以U1=UR并+R4R并=1.5 V,选项 A 错误,B正确;U2=UR并+R4R4=0.9 V,设流过 R1、R3 的电流为I,I=U1R1+R3=0.15 A,U3=IR3+U2=1.5 V,选项 C错误,D 正确。故选 BD。命题意图 本题以电阻为载体,考查串、并联电路知识。要求学生能够分析出电路连接方式,进而判断电压关系。考查基础知识的应用,体现了物理观念和科学思维,注重对学生能力的考查。10.AD 解析:花环中心电场强度为零,无穷远处电场强度为零,

9、所以从中心到无穷远处电场强度是先增加再减少。加速度是重力和电场力的合力与质量的比值,在花环上方,重力和电场力都向下,且电场力可能先增加再减小,所以加速度可能先增加再减小,在花环下方,重力向下,电场力向上,且电场力先增加再减小,合力可能先减小再增加,所以加速度可能先减小再增加,所以 A 正确;从 A 到A重力做正功,重力势能减小,所以 B错误;从 A 到A电场力先做正功再做负功,所以电势能先减小再增加,但由于场强不均匀,所以电场力做功及电势能变化也不均匀,所以 C错误;由机械能守恒的条件可知,除重力之外的其它力做功影响机械能的变化,电场力先做正功再做负功,所以机械能先增加再减小,小球在花环上方下

10、落过程中电场力可能先变大再变小,在花环下方下落过程中电场力可能先变大再变小,所以 D 中的变化情况是有可能的,所以 D 正确。所以本题选 AD。命题意图 本题是一个亮点题,也是物理情景较新的一题。本题以带电花环为载体,考查了重力势能、电势能、机械能等知识。要能正确做出本题,需清楚等量同种电荷周围的电场线分布,能看出花环可看成无数对称分布的等量同种电荷,进而判断出电场线分布,明确理解影响重力势能、电势能、机械能的因素,难度较大。重点考查了学生对知识的理解应用能力,体现物理思维,突出对学生能力的考查。物理答案 第3 页(共5页)11.答案:(1)10.00(1分)0.700(1分)(2)外接法(1

11、分)偏小(1分)分压式(1分)(3)=Ud24Il(2分)解析:(1)接入电路的金属丝长度l=18.20 cm-8.20 cm=10.00 cm。螺旋测微器的示数为0.5+0.0120.0 mm=0.700 mm。(2)根据“大内小外”,电阻丝电阻较小,应采用外接法,这种接法电压测量准确,但由于电压表分流,测得电流偏大,所以测得电阻偏小,分压式接法可从0开始调节。(3)根据=RSl,R=UI,S=(d2)2 得=Ud24Il。命题意图 本题考查实验“金属丝电阻率的测量”,主要考查螺旋测微器的读数,电流表、滑动变阻器的接法、电阻率的公式等。体现了物理思维,注重对学生能力的考查。12.答案:(1)

12、大(1分)100(1分)3600(或36.0102)(1分)欧姆调零(1分)负(1分)(2)UR0IR0-U(1分)(3)A2(1分)R2(1分)UR0I(RA+R0)(1分)解析:(1)欧姆表左边电阻大,右边电阻小,且刻度不均匀。不测电阻时,指针在最左端不偏转,当偏角较小时,指针靠近左端,说明电阻较大,需要换更大的倍率。欧姆表选择“100”挡位,由表盘可知,20与40之间是10分度的,因此分度值是2,欧姆表读数为:36.0100=3600。每次换挡都要重新进行欧姆调零,而机械调零只在实验开始时调一次,之后不再调节。多用电表内置电源,对欧姆表有“红进黑出”,对电压表或电流表有“正进负出”,因此

13、红表笔应接电压表的负极。(2)干路电流等于支路电流之和,所以I=UR0+URV,整理得RV=UR0IR0-U。(3)电压表可能的最大电流为I=UmaxRv=4 VRV0.001 A,远小于0.6 A,为方便读数电流表选 A2,并与R0并联。为了能多次测量电压和电流,采用分压式接法,所以滑动变阻器选最大阻值较小的R2。流过电压表的电流IV=IRAR0+I,所以电压表内阻RV=UIV=UR0I(RA+R0)。命题意图 本题以欧姆表为载体,考查了欧姆表的使用与读数,求电压表内阻等问题,要掌握常用器材的使用及读数方法,对电表读数时要先确定其量程与分度值,读数时视线要与刻度线垂直。体现了物理思维和科学观

14、念,考查了学生对知识的理解和应用能力。13.答案:(1)qE,方向竖直向上(2)(mg-qE)lm,方向水平向右(3)2(mg-qE)解析:(1)F=qE(1分)小球带负电,受力方向与电场强度方向相反,所以受到的电场力方向竖直向上(1分)(2)小球下摆时,利用动能定理可得:(mg-qE)l(1-cos 60)=12mv2(2分)可得v=(mg-qE)lm(1分)方向水平向右(1分)物理答案 第4 页(共5页)(3)在最低点,合力提供向心力,所以FT-(mg-qE)=mv2l(2分)解得FT=2(mg-qE)(2分)命题意图 本题以匀强电场为载体,考查电场力表达式,明确电场力和重力都是恒力,此复

15、合场可看成类重力场。也可应用动能定理来解答。用的都是基本公式、基本概念,注意所求物理量的矢量性,难度不大。体现了物理思维,考查了学生对基础知识的掌握和应用能力。14.答案:(1)eUYYL22mdv20 e2UYY2L2m2d2v20+v20 (2)(-2,4)解析:(1)在 YY极板间加电压UYY时,极板间电场强度Ey=UYYd(1分)电子在 YY极板间运动时受到的电场力为:F=Eye(1分)由牛顿第二定律可得:a=Fm(1分)运动时间:t=Lv0(1分)由运动学公式得:y=12at2(1分)解得:y=eUYYL22mdv20(1分)根据动能定理可得:eEyy=12mv2-12mv20(1分

16、)得v=e2UYY2L2m2d2v20+v20(1分)(2)如图,设极板距荧光屏的距离为L,由于电子在匀强电场中偏转,可看成类平抛运动,速度的反向延长线交于水平位移的中点。由图可知yY=L2L2+L=1c(c 为一常数),则Y=cy(1分)由第(1)问可知y=eUYYL22mdv02,所以Y=cy=ceUYYL22mdv20=KyUYY,Ky 为常数,(1分)同理可得:X=KxUxx(1分)根据题意可得:24=-1X,11=4Y(1分)解得 X=-2,Y=4即坐标为(-2,4)(1分)命题意图 本题以示波管为载体,关键要清楚示波管的工作原理,考查的是带电粒子在电场中的偏转问题。考查了定量思想和

17、推理能力,难度较大。体现了物理观念、科学思维,注重对学生能力的考查。物理答案 第5 页(共5页)15.答案:(1)减少了3mgL(2)15gL2(3)能 5L3解析:(1)小球带负电,受到向下的电场力F=qE1=2mg(1分)电场力做的功为 W=FL(1+sin30)=3mgL(1分)因为 W=-Ep,所以 Ep=-W=-3mgL(1分)即电势能减少了3mgL(1分)(2)如图,小球先竖直向下匀加速运动到与 A 点对称的B 点,此时细线伸直,之后做圆周运动到 O 点。从 A 到B,利用动能定理,(qE1+mg)L=12mv02(1分)解得:v0=6gL,方向竖直向下(1分)到B 点瞬间,沿细线

18、方向的速度立刻变为零,球以沿切线方向的速度v1 继续运动到O 点,v1=v0cos30=3 2gL2(1分)从B 到O,应用动能定理得:qE1+mg L 1-sin30 =12mv22-12mv12(1分)解得:v2=15gL2(1分)(3)小球过O 点后,水平方向先向左减速,再向右加速,所以能返回到O 点正下方(1分)小球在竖直方向上做自由落体运动,加速度为g(1分)水平方向加速度大小为a=E2qm=3g(1分)水平向左减速到零,所需时间t=v2a=5L6g(1分)由于对称性,可知反向加速返回到O 点正下方需要的时间也为t,往返共用时2t(1分)设返回到O 点正下方的C 点距O 点距离为h,则h=12g(2t)2=5L3(1分)命题意图 本题以匀强电场为载体,综合考查了小球在重力场和电场复合场中的运动情况,明确小球释放后并没有马上做圆周运动,而是先竖直加速再做圆周运动,细线断裂后小球的运动要分解成水平和竖直两个方向的运动来分析。考查了叠加的思想,分解的思想,情景分析问题的能力。体现了物理思维和科学观念,突出对学生能力的考查。地理 A 答案 第4 页(共3页)