四川省成都市玉林中学2022-2023学年高三理科数学高考模拟考试试题（Word版附解析）.docx

1、成都市玉林中学高2020级高考模拟考试理科数学一选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 使成立的一个充分不必要条件是（ ）A. B. C. x2D. 【答案】B【解析】【分析】根据分式不等式的解法以及充分不必要条件的概念求解.【详解】由得，所以“”是“”的即不充分也不必要条件，故A错误；“”是“”的充分不必要条件，故B正确；“”是“”的即不充分也不必要条件，故C错误；“”是“”的充要条件，故D错误.故选：B.2. 某工厂有甲乙两条生产线生产同一型号的机械零件，产品的尺寸分别记为X，Y，已知X，Y均服从正态分布，其正态分布密度曲线如

2、图所示，则下列结论中正确的是（ ）A. 甲生产线产品的稳定性高于乙生产线产品的稳定性B. 甲生产线产品的稳定性低于乙生产线产品的稳定性C. 甲生产线的产品尺寸平均值大于乙生产线的产品尺寸平均值D. 甲生产线的产品尺寸平均值小于乙生产线的产品尺寸平均值【答案】A【解析】【分析】根据正态分布密度曲线的对称轴为，图像越瘦高数据越稳定可得.【详解】由图知甲乙两条生产线的平均值相等，甲的正态分布密度曲线较瘦高，所以甲生产线产品的稳定性高于乙生产线产品的稳定性.故选：A3. 设是纯虚数，若是实数，则的虚部为（ ）A. B. C. 1D. 3【答案】D【解析】【分析】设，代入并化简，再结合是实数求解即可.【

3、详解】设，则，因为是实数，所以，即，所以，故的虚部为3.故选：D.4. 羽毛球运动是一项全民喜爱的体育运动，标准的羽毛球由16根羽毛固定在球托上，测得每根羽毛在球托之外的长为7cm，球托之外由羽毛围成的部分可看成一个圆台的侧面，测得顶端所围成圆的直径是6cm，底部所围成圆的直径是2cm，据此可估算得球托之外羽毛所在的曲面的展开图的圆心角为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】将圆台补成圆锥，由相似求出小圆锥的母线长，结合圆心角公式求解即可.【详解】将圆台补成圆锥，则羽毛所在曲面的面积为大、小圆锥的侧面积之差，设小圆锥母线长为x，则大圆锥母线长为x7，由相似得，即x，所以可估算

4、得球托之外羽毛所在的曲面的展开图的圆心角为.故选：C.5. 如图，的值为（ ） A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】由位置可将转化为，求出利用诱导公式即可.【详解】 设，则，因，则，故，故选：B6. 我国的洛书中记载着世界上最古老的一个幻方：将1，2，9填入的方格内，使三行三列对角线的三个数之和都等于15，如图所示.一般地.将连续的正整数1，2，3，n2填入个方格中，使得每行每列每条对角线上的数的和相等，这个正方形叫做n阶幻方.记n阶幻方的数的和即方格内的所有数的和为Sn，如图三阶幻方记为，那么（ ）A. 3321B. 361C. 99D. 33【答案】A【解析】【分析】根据题意

5、利用等差数列求和公式得结果.【详解】由题意知，,故选：A7. 若(x1)4a0a1xa2x2a3x3a4x4，则a0a2a4的值为（ ）A. 9B. 8C. 7D. 6【答案】B【解析】【分析】利用赋值法，令，两式相加即可求解.【详解】，令，, 令, 相加可得.故选：B.【点睛】本题考查了赋值法求部分项系数和问题，属于基础题.8. 德国数学家米勒曾提出最大视角问题，这一问题一般的描述是：已知点，是的边上的两个定点，是边上的一个动点，当在何处时，最大？问题的答案是：当且仅当的外接圆与边相切于点时最大，人们称这一命题为米勒定理.已知点，的坐标分别是，是轴正半轴上的一动点.若的最大值为，则实数的值为

6、（ ）A. 2B. 3C. 或D. 2或4【答案】C【解析】【分析】根据米勒定理，当最大时，的外接圆与轴正半轴相切于点；再根据圆的性质得到为等边三角形，从而求出的值.【详解】根据米勒定理，当最大时，的外接圆与轴正半轴相切于点.设的外接圆的圆心为，则，圆的半径为. 因为为，所以，即为等边三角形，所以，即或，解得或.故选：C.9. 已知函数，则图象为如图的函数可能是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】由函数的奇偶性可排除A、B，结合导数判断函数的单调性可判断C，即可得解.【详解】对于A，该函数为非奇非偶函数，与函数图象不符，排除A；对于B，该函数为非奇非偶函数，与函数图象不符，

7、排除B；对于C，则，当时，与图象不符，排除C.故选：D.10. 已知函数 在 上单调递增，则f（x）在上的零点可能有（ ）A. 2个B. 3个C. 4个D. 5个【答案】A【解析】【分析】根据条件求出的取值范围，再运用整体代入法求解.【详解】由，即只能取0，得 ，因为在 上单调递增，则 解得，由 ，则 ，设，则 ，因为，所以函数在 上的零点最多有2个；故选：A.11. 将三国演义西游记水浒传红楼梦4本名著全部随机分给甲乙丙三名同学，每名同学至少分得1本，A表示事件：“三国演义分给同学甲”；B表示事件：“西游记分给同学甲”；C表示事件：“西游记分给同学乙”，则下列结论正确的是（ ）A. B. C

8、. D. 【答案】D【解析】【分析】先得到，从而得到和，AB错误，利用条件概率公式得到C错误，D正确.【详解】将三国演义西游记水浒传红楼梦4本名著全部随机分给甲乙丙三名同学，共有（个）基本事件，三国演义连同另一本书分给同学甲，则三本书和三名同学进行全排列，有种情况，同学甲只分一本三国演义，则将三本书分为2组，再分给乙和丙，故有种情况，故事件A包含的基本事件数为，则，同理，三国演义和西游记分给同学甲，则剩余两本书，分给乙丙，则事件包含的基本事件数为，则，三国演义分给同学甲，西游记分给同学乙，若剩余两本书给丙，则有种情况，若剩余两本书其中一本给丙，另一本给甲或乙，则有种情况，故事件包含的基本事件数

9、为，则，A选项，因为，故A错误；B选项，因为，故B错误；C选项，因为，故C错误.D选项，因为，故D正确；故选：D12. 对于非空实数集，记.设非空实数集合，若时，则.现给出以下命题：对于任意给定符合题设条件的集合MP，必有；对于任意给定符合题设条件的集合MP，必有；对于任意给定符合题设条件的集合MP，必有；对于任意给定符合题设条件的集合MP，必存在常数，使得对任意的，恒有，其中正确的命题是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据集合定义得为不小于集合中最大值的所有数构成的集合.利用集合定义得到新集合，利用集合关系判断，利用特殊集合判断，利用特例法结合集合定义判断.【详解】由

10、已知，为不小于集合中最大值的所有数构成的集合.因为，设集合M和P中最大值分别为m和p，则，故有，正确；设，则，故，错误；设，则，故，错误；令，则对任意的，故恒有，正确.故选：B二填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13. 已知S是ABC所在平面外一点，D是SC的中点，若，则xyz _【答案】0【解析】【分析】以为基底表示向量，再根据求解.详解】如图所示：，又因为，所以，所以，故答案为：014. 写出一个同时满足下列条件的等比数列的通项公式_.；【答案】（答案不唯一）【解析】【分析】可构造等比数列，设公比为，由条件，可知公比为负数且，再取符合的值即可得解.【详解】可构造等比数列，设公比为

11、，由，可知公比为负数，因为，所以，所以可取设，则.故答案为：.15. 经过椭圆中心的直线与椭圆相交于M，N两点（点M在第一象限），过点M作x轴的垂线，垂足为点E，设直线NE与椭圆的另一个交点为P，则NMP的大小为_. 【答案】#【解析】【分析】设出相关点的坐标，利用点差法得出，利用斜率公式得出相关直线的斜率即可求解.【详解】设，则，所以，所以，所以.所以，所以，所以.故答案为：16. 已知长方体ABCDA1B1C1D1的高为，两个底面均为边长为1的正方形，过BD1作平面分别交棱AA1，CC1于E，F，则四边形BFD1E面积的最小值为_【答案】【解析】【分析】先确定四边形BFD1E为平行四边形，

12、连接BD1，设BFD1中BD1边上的高为h，于是，因此只需求h的最小值即可【详解】如图所示，过点F作FHBD1交BD1于H，设FHh由题意得，长方体对面平行，所以截面BFD1E为平行四边形，则，当h取最小值时四边形BFD1E的面积最小，h的最小值为直线CC1与直线BD1间的距离易知平面，故到平面的距离即为的最小值，.故四边形BFD1E面积的最小值为故答案为：.三解答题：共70分.解答应写出文字说明证明过程或演算步骤.17. 如图，在三棱柱中，平面，点、分别在棱和棱上，且，为棱的中点.（1）求证：；（2）求二面角的正弦值.【答案】（1）证明见解析；（2）.【解析】【分析】（1）证明出平面，即可证

13、得；（2）计算出的边上的高，并求出点到平面的距离，由此可得出二面角的正弦值为.【详解】（1）在三棱柱中，平面，则平面，平面，则，则，为的中点，则，平面，平面，因此，；（2），所以，同理可得，取的中点，连接，则，因为且，故四边形为矩形，则，所以，由余弦定理可得，则，所以，的边上的高，平面，平面，则，平面，因为，平面，平面，故平面，故点到平面的距离，设二面角为，则.18. 如图是某企业2016年至2022年的污水净化量（单位：吨）的折线图.注：年份代码17分别对应年份20162022. （1）由折线图看出，可用线性回归模型拟合y和t的关系，请建立y关于t的回归方程，并预测2025年该企业的污水净化

14、量；（2）请用相关指数说明回归方程预报的效果.参考数据：；参考公式：线性回归方程；相关指数：【答案】（1），58.5吨 （2）答案见解析【解析】【分析】（1）结合题目数据利用最小二乘法求出线性回归直线方程，代入计算即可；（2）利用已知数据求出相关指数，利用统计知识说明即可.【小问1详解】由折线图中的数据得，所以，所以y关于t的线性回归方程为，将2025年对应的t=10代入得，所以预测2025年该企业污水净化量约为58.5吨.【小问2详解】因为，所以“污水净化量的差异”有87.5%是由年份引起的，说明回归方程预报的效果是良好的.19. 在ABC中，D为边BC上一点，（1）求；（2）若，求内切圆的

15、半径【答案】（1） （2）2【解析】【分析】（1）设，在利用余弦定理结合已知条件即可求解；（2）结合（1）的结论得到，然后在中利用余弦定理得到，然后利用三角形面积相等即可求解.【小问1详解】设，在中，由正弦定理可得，在中，又，所以，【小问2详解】，又易知为锐角，中，又，在中，由余弦定理可得，设的内切圆半径为r，则，则.20. 已知双曲线E：与直线l：相交于A、B两点，M为线段AB的中点（1）当k变化时，求点M的轨迹方程；（2）若l与双曲线E的两条渐近线分别相交于C、D两点，问：是否存在实数k，使得A、B是线段CD的两个三等分点？若存在，求出k的值；若不存在，说明理由【答案】（1），其中或 （2

16、）存在，【解析】【分析】（1）设，联立直线l与双曲线E的方程，消去y，得，根据已知直线l与双曲线E相交于A、B两点，得且，即且，由韦达定理，得，则，联立消去k，得，再根据的范围得出的范围，即可得出答案；（2）设，根据双曲线E的渐近线方程与直线l的方程联立即可得出，则，即线段AB的中点M也是线段CD的中点，若A，B为线段CD的两个三等分点，则，结合弦长公式列式得，即可化简代入得出，即可解出答案.【小问1详解】设，联立直线l与双曲线E的方程，得，消去y，得由且，得且由韦达定理，得所以，由消去k，得由且，得或所以，点M的轨迹方程为，其中或【小问2详解】双曲线E的渐近线方程为设，联立得，同理可得，因为

17、，所以，线段AB的中点M也是线段CD的中点若A，B为线段CD的两个三等分点，则即，而，所以，解得，所以，存在实数，使得A、B是线段CD的两个三等分点21. 已知函数.（1）当时，求在区间上的值域；（2）若有唯一的极值点，求的取值范围.【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）根据的正负可确定的单调性，由此可确定最值点，根据最值可得值域；（2）将问题转化为讨论的变号零点，令，分别在和的情况下，结合的单调性和零点存在定理的知识可说明的正负，从而得到单调性，由极值点定义可确定满足题意的的范围.【小问1详解】当时，则，当时，；当时，；在上单调递增，在上单调递减，又，在上的值域为.【小问2详解】，的极

18、值点即为的变号零点，设，；若，与上单调递减，在上单调递减；，存在唯一的，使得，又定义域为，且当时，；当时，；在上单调递增，在上单调递减，存在唯一的极大值点，符合题意；若，定义域为，当时，单调递减，（i）当时，即，在上无极值点；（ii）当时，即，在上无极值点；（iii）当时，存在唯一的，使得，即，当时，即；当时，即；是的极大值点，此时在上有一个极值点；当时，；令，解得：，则当时，；当时，；在上单调递增，在上单调递减；令，解得：，（i）当时，若，当时，使得，则当时，即；当时，即；上单调递增，在上单调递减，此时在上有两个极值点；若，则，则，此时上无极值点；不符合题意；（ii）当时，存在唯一的，使得，

19、则当时，则；当时，则；在上单调递增，在上单调递减，为唯一极大值点，此时在有一个极值点，则符合题意；（iii）当时，；当时，；存在唯一的，使得，当时，则；当时，则；在上单调递增，在上单调递减，为的极大值点，此时在有一个极值点，不合题意；综上所述：的取值范围为.【点睛】思路点睛：本题考查利用导数研究函数的极值点的问题，解题基本思路是将问题转化为讨论导函数的变号零点个数的问题，可以结合函数中的零点存在定理的知识来说明变号零点的个数，从而得到函数的单调性和极值点个数.22. 在直角坐标系中，已知曲线（为参数），曲线，以坐标原点为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系.（1）曲线的极坐标方程及曲线的直角坐标

20、方程；（2）已知是曲线上的两个动点（异于原点），且，若曲线与直线有且仅有一个公共点，求的值.【答案】（1）， （2）【解析】【分析】（1）先求曲线的直角坐标方程，再由写成极坐标方程；由写出曲线的直角坐标方程；（2）根据曲线与直线有且仅有一个公共点，得出是直角三角形斜边上的高，根据等面积法转化为求解即可.【小问1详解】由曲线（为参数），消去参数，得，所以曲线的直角坐标方程为.又由，得，所以曲线的极坐标方程为.由曲线，得，即，所以曲线的普通方程为.【小问2详解】由题意，设，则，又曲线与直线有且仅有一个公共点，故为点到直线的距离，由曲线的极坐标方程，得，所以，所以，即，所以；又，所以，即所求实数的值为.