河南省南阳市2019-2020学年高一数学上学期期中试题（含解析）.doc

1、河南省南阳市2019-2020学年高一数学上学期期中试题（含解析）一、选择题1.已知集合，则( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】根据集合交集与补集的概念，直接计算，即可得出结果.【详解】因为，所以，又，所以.故选：A【点睛】本题主要考查集合的交集与补集的混合运算，熟记概念即可，属于基础题型.2.下列函数，表示的是相同函数的是( )A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】B【解析】【分析】根据相同函数的概念，逐项判断，即可得出结果.【详解】若函数相同，则定义域相同，对应关系一致；A选项，函数的定义域为，的定义域为，定义域不同，不是相同函数，故A错；B选项，函数与的定义域为，且

2、，对应关系也相同，故B正确；C选项，函数的定义域为，函数的定义域为，定义域不同，不是相同函数，故C错；D选项，函数和的定义域均为，但对应关系不一致，故D错；故选：B【点睛】本题主要考查相同函数的判定，熟记概念即可，属于基础题型.3.函数的定义域是( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】由题中解析式，列出不等式求解，即可得出结果.【详解】由题意，解得，即函数的定义域是.故选：B【点睛】本题主要考查求具体函数的定义域，只需求出使解析式有意义的自变量的范围即可，属于基础题型.4.已知，则在下列区间中，有零点的是( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据函数的零点存在

3、定理，直接判断，即可得出结果.【详解】因为，所以，所以，又函数连续不间断，因此在区间，函数有零点.故选：C【点睛】本题主要考查判断零点所在区间，熟记零点存在定理即可，属于基础题型.5.在映射中，且，则元素在的作用下的原像为( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】先设元素在的作用下的原像为，根据题意列出方程组求解，即可得出结果.【详解】设元素在的作用下的原像为，因为，所以，解得，即原像为.故选：B【点睛】本题主要考查映射的应用，熟记映射的概念，以及二元一次方程组的解法即可，属于基础题型.6.设，则 （）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】先分析得到，再比较b,c的大

4、小关系得解.【详解】由题得.,所以.故选：D【点睛】本题主要考查对数函数和指数函数的图像和性质，意在考查学生对这些知识的理解掌握水平，属于基础题.7.已知，则是( )A. 奇函数，在上为增函数B. 偶函数，在上为增函数C. 奇函数，在上为减函数D. 偶函数，在上为减函数【答案】A【解析】【分析】先由函数奇偶性的概念，判断是奇函数；再由指数函数的单调性判断单调递增.【详解】因，所以，因此函数是奇函数；又单调递增，单调递减，所以单调递增；故选：A【点睛】本题主要考查函数奇偶性与单调性的判定，熟记奇偶性的概念，以及指数函数的单调性即可，属于常考题型.8.设函数则满足的的取值范围是( )A. B. C

5、. D. 【答案】D【解析】【分析】根据函数解析式，分别求出，时，的解集，即可得出结果.【详解】由题意，当时，所以可化为，因此，解得：；所以；当时，所以可化为，即，解得：，所以；综上，满足的的取值范围是.故选：D【点睛】本题主要考查由函数单调性解不等式，熟记指数函数与对数函数单调性即可，属于常考题型.9.已知二次函数在区间上最小值为，最大值为，则实数的取值范围是( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】先由二次函数性质，得到函数单调性，求出最小值，再令，得出当时，的值域为；结合题意，即可求出结果.【详解】因为二次函数开口向上，且对称轴为：，所以在上单调递减，在上单调递增，因此，当

6、且仅当时，取最小值；令，解得或，所以当时，的值域为；又函数在区间上的最小值为，最大值为，所以.故选：D【点睛】本题主要考查由二次函数在给定区间的最值求参数的问题，熟记二次函数性质即可，属于常考题型.10.已知函数在区间是减函数，则实数a的取值范围是( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】先由题意得到二次函数在区间是增函数，且在上恒成立；列出不等式组求解，即可得出结果.【详解】因为函数在区间是减函数，所以只需二次函数在区间是增函数，且在上恒成立；所以有：，解得；故选：C【点睛】本题主要考查由对数型复合函数的单调性求参数的问题，熟记对数函数与二次函数的性质即可，属于常考题型.11.

7、已知定义在实数R上的函数yf(x)不恒为零，同时满足f(xy)f(x)f(y)，且当x0时，f(x)1，那么当x0时，一定有()A. f(x)1B. 1f(x)1D. 0f(x)0时，解得；当a0时，不满足条件A,综上得.故答案为.【点睛】本题考查了函数的值域及单调性的应用，关键是将条件转化为两个函数值域的关系，运用了分类讨论的数学思想，属于中档题16.若为的各位数字之和，如，则；记，则_【答案】8【解析】【分析】根据题意，逐步计算出，归纳得到以为周期，进而可求出结果.【详解】由题意，因为，所以；，因为，所以；，因，所以；，所以以为周期，因此.故答案为：【点睛】本题主要考查归纳推理，根据题中所

8、给条件，总结出规律即可，属于常考题型.三、解答题17.计算：（1）；（2）【答案】（1）；（2）【解析】【分析】（1）根据指数幂的运算法则，直接求解，即可得出结果；（2）根据对数的运算法则，直接求解，即可得出结果.【详解】（1）原式（2）原式【点睛】本题主要考查指数幂的运算以及对数的运算，熟记运算法则即可，属于基础题型.18.设集合，（）求（）若，求的取值范围【答案】（1）；（2）【解析】试题分析：（）先求的集合， 即可求解（）由，所以，分是空集和非空集合，分类讨论即可求解实数的取值范围试题解析：（）， 所以（）因为，所以，若是空集，则，得到，若非空，则，得，综上所述，即的取值范围是19.已知

9、函数f（x）是定义域为R的奇函数，当x0时，f（x）=x2-2x（）求出函数f（x）在R上的解析式；（）在答题卷上画出函数f（x）的图象，并根据图象写出f（x）的单调区间；（）若关于x的方程f（x）=2a+1有三个不同的解，求a的取值范围【答案】（）；（）单调增区间为，单调减区间为；（）.【解析】试题分析; （）由于函数是定义域为的奇函数，则；当时，因为是奇函数，所以，可得当时 的解析式，从而得到在上的解析式；（）根据（）得到的解析式可画出函数的图象，进而得到的单调区间；（）由（1）可得 有极大值1，极小值-1，进而可构造关于 的不等式，解不等式可得答案试题分析;（）由于函数是定义域为的奇函数

10、，则；当时，因为是奇函数，所以所以.综上： （）图象如图所示（图像给2分）单调增区间：单调减区间： （）方程有三个不同的解 【点睛】本题考查利用奇偶性求函数解析式以及根的存在性及根的个数判断，其中根据图像得到函数的单调性和极值是解题的关键20.经过市场调查，某种商品在销售中有如下关系；第天的销售价格（单位：元/件）为，第天的销售量（单位：件）为（为常数），且在第天该商品的销售收人为元（销售收入=销售价格销售量）（1）求的值，并求第天该商品的销售收入；（2）求在这天中，该商品日销售收入的最大值【答案】（1）,元；（2）元.【解析】【分析】（1）根据题意，得到，求解，可得出，进而可求出结果；（2）

11、先由题意得到，商品日销售收入的函数解析式，根据二次函数的性质，求出最大值即可.【详解】（1）当时，由，解得从而可得（元），即第天该商品的销售收入为元（2）由题意可知，即当时，故当时取最大值，当时，故当时，该商品日销售收入最大，最大值为元【点睛】本题主要考查函数模型的应用，熟记二次函数的性质，以及分段函数的应用即可，属于常考题型.21.已知，函数（1）当时，求不等式的解集；（2）设，若对任意的，都有，求实数a的取值范围【答案】（1）；（2）【解析】【分析】（1）由，将原不等式化为，根据对数函数的单调性，以及分式不等式的解法，即可求出结果；（2）先由题意得到在区间上是减函数，由，得到，化简整理得到

12、，该式对任意的恒成立根据二次函数的性质，即可得出结果.【详解】（1）由，将原不等式化为，得，解得：，或因此不等式的解集为；（2）由题意，因为，在上单调递减，所以函数在区间上是减函数，因此，；因为对任意的，都有，则：，化简得，该式对任意的恒成立因为，因此函数在区间上单调递增，当时，有最小值，则由得：；故a的取值范围为【点睛】本题主要考查解对数形式的不等式，以及由不等式恒成立求参数的问题，熟记对数函数的性质与二次函数的性质即可，属于常考题型.22.已知定义域为的函数是奇函数（1）求解析式；（2）试判断的单调性，并用定义法证明；（3）若存在，使得不等式成立，求实数的取值范围【答案】（1）；（2）在上

13、单调递增,证明见解析；（3）.【解析】【分析】（1）根据题意，得到，求出，即可得出结果；（2）根据题意得到，任取，且，作差法比较，根据函数单调性的概念，即可得出结果；（3）先由函数奇偶性与单调性得到存在，使得成立，推出存在，使得成立；令，求出其最小值，即可得出结果.【详解】（1）由题意可得，解得，故；（2），可得在上单调递增，任取，且，即，又，即，故在上单调递增（3），因为是奇函数，所以，由（2）可知在上单调递增，所以存在，使得成立，即存，使得成立；令，易得其在上单调递增；所以；故，所以k的取值范围为【点睛】本题主要考查由函数奇偶性求解析式，由单调性定义判断函数单调性，以及由不等式恒成立求参数的问题，熟记函数奇偶性与单调性的概念，以及二次函数与对数函数的性质即可，属于常考题型.