2023年高考数学（理）第一次模拟试卷（全国乙卷）（Word版附解析）.doc

1、2023年高考数学第一次模拟试卷（全国乙卷理科）一、单选题（本题共12小题，每小题5分，共60分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1已知集合，.若.则实数（）AB3CD4【答案】B【详解】因为集合，且，所以.故选：B2若复数满足，则（）ABCD5【答案】B【详解】因为，所以.所以.故选:B.3已知向量，的夹角为，则向量在向量方向上的投影为（）A4BCD【答案】D【详解】向量在向量方向上的投影为，则向量在向量方向上的投影为，故选：D.4分形几何学是数学家伯努瓦曼德尔布罗特在20世纪70年代创立的一门新的数学学科，它的创立为解决众多传统科学领域的难题提供了全新的思路.按照如图1所

2、示的分形规律可得如图2所示的一个树形图.若记图2中第n行黑圈的个数为，则（）A55B58C60D62【答案】A【详解】已知表示第n行中的黑圈个数，设表示第n行中的白圈个数，则由于每个白圈产生下一行的一白一黑两个圈，一个黑圈产生下一行的一个白圈2个黑圈，又;,故选：A.5椭圆的左右顶点分别为，点在上，且直线斜率取值范围是，那么直线斜率取值范围是（）ABCD【答案】B【详解】设，则，于是，故. .故选：B.6执行如图所示的程序框图，输出的值为（）ABCD【答案】C【详解】解：当时，满足进行循环的条件，执行完循环体后，当时，满足进行循环的条件，执行完循环体后，当时，满足进行循环的条件，执行完循环体后

3、，当时，不满足进行循环的条件，故输出结果为：，故选：C7河南博物院主展馆的主体建筑以元代登封古观星台为原型，经艺术夸张演绎成“戴冠的金字塔”造型，冠部为“方斗”形，上扬下覆，取上承“甘露”、下纳“地气”之意冠部以及冠部下方均可视为正四棱台已知一个“方斗”的上底面与下底面的面积之比为，高为2，体积为，则该“方斗”的侧面积为（）A24B12CD【答案】D【详解】由题意可知，记正四棱台为，其底面为正方形，侧面为四个等腰梯形，把该四棱台补成正四棱锥如图，设是底面上与的交点，是底面上与的交点则是正四棱锥的高，为正四棱台的高，设，则上、下底面的面积分别为、，由题意，所以，在中，所以为PA的中点，在中，所以

4、，所以，又，解得，所以，所以侧棱长是，由勾股定理可得侧面的高为，所以侧面积为.故选：D8已知函数在区间上单调递增，则的取值范围是（）ABCD【答案】D【详解】解：，因为，所以因为函数在区间上单调递增，所以函数在上单调递增，且，即.因为，所以，函数在上单调递增等价于或，所以，解不等式得或，所以，的取值范围是.故选：D9若三棱锥的所有顶点都在球O的球面上，是边长为3的正三角形，SC为球O的直径，三棱锥的体积为，则三棱锥的外接球的体积为（）ABCD【答案】D【详解】如图，设的中心为，连接，的延长线交球面于点D，连SD，显然CD是外接圆的直径，则，而平面ABC，则平面ABC，因正边长为3，则，又，而，

5、解得，在中，球O的直径，球O的半径，所以三棱锥的外接球的体积为.故选：D10已知数列的前n项和为，且，记事件为“从数列的前项中任取两项，两项均为负数”，为事件发生的概率，现有如下说法：；则正确说法的个数为（）A0B1C2D3【答案】C【详解】依题意，当时，解得；当时，两式相减可得，化简得，故，故，则，故正确；，可知，要证，即证，即证，这显然成立，故正确；，故，则，要证，即证，即证，这显然错误，故错误故选：C11如图，为双曲线的左右焦点，过的直线交双曲线于两点，且，为线段的中点，若对于线段上的任意点，都有成立，则双曲线的离心率是（）ABCD【答案】D【详解】取中点，连接，则，恒成立，又，设，由得

6、：，根据双曲线定义可知：，即，又，则离心率.故选：D.12已知函数，的定义域均为，为的导函数.若为偶函数，且，.则以下四个命题：；的图象关于直线对称；中一定成立的是（）ABCD【答案】D【详解】对：由，可得，则（与为常数），令，则，所以，则，故的图象关于直线对称，正确；对：为偶函数，则，则为奇函数，故，即，则是以4为周期的周期函数，由，令，则，可得，故，正确；由，令，则，即，令，则，即，故，则，对：由，即，则，由于无法得出的值，错误；对：，正确.故选：D.二、填空题：（本题共4小题，每小题5分，共20分）13已知随机事件A、互相独立，且，则_【答案】0.42#【详解】因为，所以，所以.故答案为

7、：0.4214若直线截取圆所得弦长为2，则_.【答案】0或4【详解】圆的圆心坐标为，半径为，圆心到直线的距离为，由弦长公式可得，解得0或4，故答案为：0或415定义在上的函数有零点，且值域，则的取值范围是_【答案】【详解】，当时，因为函数有零点，所以，解得，当时，因为值域，所以，解得，综上，.故答案为：.16关于x的不等式在上恒成立，则a的取值范围是_【答案】【详解】，即，设，恒成立，故单调递增.原不等式转化为，即，即在上恒成立.设，当时，函数单调递增；当时，函数单调递减；故，即，解得.故答案为：.三、解答题（共70分，解答应写出文字说明证明过程或演算步骤其中第1721题为必做题，每个试题考生

8、都必须作答，第22,23题为选考题，考生根据要求作答）（一）必做题（共60分，每题12分）17a，b，c分别为内角A，B，C的对边已知(1)求C；(2)若c是a，b的等比中项，且的周长为6，求外接圆的半径【答案】(1)；(2).【详解】（1）根据正弦定理，由，因为，所以，于是由，因为，所以；（2）因为c是a，b的等比中项，所以，因为的周长为6，所以，由余弦定理可知：，或舍去，所以外接圆的半径为.18如图，在等腰直角三角形中，分别是上的点，且满足.将沿折起，得到如图所示的四棱锥.(1)设平面平面，证明：平面；(2)若，求直线与平面所成角的正弦值.【答案】(1)证明见解析(2)【详解】（1）平面平

9、面，平面.平面，平面平面，.由图，得，.平面，平面；（2）由题意，得.又，以为坐标原点，的方向分别为轴，轴，轴正方向，建立如图所示的空间直角坐标系.则，.设平面的一个法向量为.则，令，得，故.设与平面所成角为.直线与平面所成角的正弦值为.19为调查某地区植被覆盖面积x（单位：公顷）和野生动物数量y的关系，某研究小组将该地区等面积划分为200个区块，从中随机抽取20个区块，得到样本数据，部分数据如下：x2.73.63.2y57.864.762.6经计算得：(1)利用最小二乘估计建立y关于x的线性回归方程；(2)该小组又利用这组数据建立了x关于y的线性回归方程，并把这两条拟合直线画在同一坐标系下，

10、横坐标x，纵坐标y的意义与植被覆盖面积x和野生动物数量y一致，（）比较前者与后者的斜率大小，并证明；（）求这两条直线的公共点坐标附：y关于x的回归方程中，斜率和截距的最小二乘估计公式分别为：【答案】(1)(2)（）前者斜率小于后者，证明见解析；（）【详解】（1）解：,，故回归方程为；（2）解：（）设前者和后者的斜率分别为，x关于y的线性回归方程为，则，为与的相关系数，又，故，即，下证：，若，则，即恒成立，代入表格中的一组数据得：，矛盾，故，即前者斜率小于后者；（）注意到，两直线都过，且，故公共点仅有20已知椭圆的离心率为，点在短轴上，且(1)求的方程；(2)若直线与交于两点，求（点为坐标原点）

11、面积的最大值【答案】(1)；(2) .【详解】（1）解：因为椭圆的离心率为，所以，即，因为点在短轴上，且，所以，解得，因为，所以，所以，的方程为；（2）解：设联立方程得，所以，即，所以，所以，因为原点到直线的距离为，所以，当且仅当，即时等号成立，所以，（点为坐标原点）面积的最大值为.21已知各项均为正数的数列的前n项和为，且为等差数列(1)求数列的通项公式；(2)已知，是否存在，使得恒成立?若存在，求出m的值；若不存在，说明理由【答案】(1)；(2)存在，或；【详解】（1）由题设且，当时，可得；当时，则；由，故，所以是首项、公差均为1的等差数列，故.（2）由（1）知：，要使，即恒成立，令且，则

12、，若，即，则，在上，递增，上，递减，所以在有最大值，又，对于，当时，当时，综上，故存在或使恒成立.（二）选考题（共10分，请考生在第22,23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分）22选修4-4：坐标系与参数方程在直角坐标系中，曲线的参数方程为（为参数，），以坐标原点为极点，轴的非负半轴为极轴建立极坐标系，直线的极坐标方程为(1)求曲线的普通方程和直线的直角坐标方程；(2)已知点，若直线与曲线交于A，两点，求的值【答案】(1)C：，直线l：(2)【详解】（1）曲线C的参数方程为（为参数，），所以，所以即曲线C的普通方程为直线l的极坐标方程为，则，转换为直角坐标方程为（2）直线l过点，直线l的参数方程为（t为参数）令点A，B对应的参数分别为，由代入，得，则，即t1、t2为负，故23选修4-5：不等式选讲已知正实数，满足，(1)证明：；(2)求的最小值【答案】(1)证明见解析(2)【详解】（1）证明：因为，为正实数且满足，所以，当且仅当，即，时取等号，所以.（2）解：由柯西不等式可知，当且仅当，时等号成立，所以的最小值为.