湖北省十堰东风国际学校2020-2021学年高一数学下学期期末模拟卷4.doc

1、湖北省十堰东风国际学校2020-2021学年高一数学下学期期末模拟卷4一、单选题（每题5分）1若复数满足，且，则（ ）ABC或D或2已知集合，集合，则（ ）ABCD3已知两条不同的直线，和不重合的两个平面，且，则下列说法正确的是（ ）A若，则B若，则C若，则D若，则4命题“，”的否定是（ ）A，B，C，D，5定义域是一个函数的三要素之一，已知函数定义域为，则函数的定义域为（ ）ABCD6已知向量满足，则（ ）A或BCD或7如图，四边形ABCD是平行四边形，E是BC的中点，点F在线段CD上，且，AE与BF交于点P，若，则（ ）ABCD8被誉为“中国现代数学之父”的著名数学家华罗庚先生倡导的“0.

2、618优选法”在生产和科研实践中得到了非常广泛的应用，0.618就是黄金分割比的近视值.有一个内角为的等腰三角形中，较短边与较长边之比为黄金比.则（ ）ABCD二、多选题（每题5分，部分正确2分）9若函数两条对称轴之间的最小距离为，则下列说法正确的是（ ）A函数的最小正周期为B函数在上单调递减C将函数图象向右平移个单位长度后所得图象关于轴对称D若，则10如图，在四棱锥中，底面为正方形，底面，为的中点，为线段上的动点（不包含端点），以下说法正确的是（ ）A存在使得，平面B在从移动到的过程中，与所成角不变C对任意，三棱锥体积与三棱锥体积相等D对任意，满足平面平面11数书九章是中国南宋时期杰出数学家

3、秦九韶的著作，全书十八卷共八十一个问题，分为九类，每类九个问题，数书九章中记录了秦九韶的许多创造性成就，其中在卷五“三斜求积”中提出了已知三角形三边a，b，c求面积的公式，这与古希腊的海伦公式完全等价，其求法是：“以小斜幂并大斜幕减中斜幂，余半之，自乘于上，以小斜冪乘大斜幂减上，余四约之，为实，一为从隅，开平方得积.”若把以上这段文字写成公式，即.现有满足，且的面积，请运用上述公式判断下列命题正确的是（ ）A周长为B三个内角A，C，B满足关系C外接圆半径为D中线CD的长为12已知函数，则下列选项正确的是（ ）A为增函数B，对为偶函数C，对有最大值D，对有最大值三、填空题（每题5分）13在中，角

4、、的对边分别为、，若，则_14已知，则的最小值为_.15若为所在平面内任意一点，且满足，则的形状为_（填：等腰三角形、等边三角形、直角三角形、等腰直角三角形）16已知函数在上的值域为，则的取值范围为_.四、解答题（共70分，其中17题10分，18-22题每题12分）17（本小题10分）已知函数（1）若，求函数的值； （2）求函数的值域18在中，内角，所对的边分别为，（1）求角的大小； （2）若，求周长的取值范围19如图，在四棱锥中，底面为正方形，底面，为的中点，为线段上的点，且.（1）求证：平面平面；（2）求点到平面的距离. 20如图，在长方体中，为CD中点，为中点.（1）求证：平面；（2）若

5、线段上存在点使得，求与平面所成角的正弦值.21已知函数为定义在R上的奇函数，（1）求的解析式；（2）判断函数的单调性，并用单调性定义证明；（3）若关于x的不等式有解，求t的取值范围22为了解某市家庭用电量的情况，该市统计局调查了100户居民去年一年的月均用电量，发现他们的用电量都在50kWh至350kWh之间，进行适当分组后，画出频率分布直方图如图所示（I）求a的值；（）求被调查用户中，用电量大于250kWh的户数；（III）为了既满足居民的基本用电需求，又提高能源的利用效率，市政府计划采用阶梯定价，希望使80%的居民缴费在第一档（费用最低），请给出第一档用电标准（单位：kWh）的建议，并简要

6、说明理由期末模拟试卷（4）参考答案题号123456789101112答案CDBBADADACCDABDBCD13 14 15等腰三角形 16.5A 由抽象函数的定义域可知，解得，所以所求函数的定义域为.6D ，又，当时，；当时，；或.7A连接AF，因为B，P，F三点共线，所以，因为，所以，所以.因为E是BC的中点，所以.因为，所以，则，解得.8D若该等腰三角形的顶角为，则底角为，因此，由正弦定理可得：较短边与较长边之比为，即，所以，因此；若该等腰三角形的底角为，则顶角为，因此，由正弦定理可得：较短边与较长边之比为，即，则，所以，因此.综上，.9AC两条对称轴之间的最小距离为，则，即，故A正确；

7、当时，根据余弦函数的单调性，可得当，即时，单调递增，故B错误；将函数图象向右平移个单位长度后得关于轴对称，C正确；由可得，则，则，10CD 平行平面，于是平行于平面与平面的交线，与相交，则与相交，A错误：如图，取的中点，则，与所成角为，显然变化的，B错误；，C正确；底面，所以，又，所以平面，所以，又，为的中点，所以平面，所以平面平面，故D正确故选：CD11ABD 现有ABC满足sinA：sinB：sinc2：3：，所以a：b：c2：3：，设a2t，b3t，ct，t0，利用余弦定理cosC，由于C（0，），所以C所以A+B，故A+B2C，所以ABC三个内角A，C，B成等差数列，故B正确；利用SA

8、BC，所以absinC2t3t，解得t1所以：a2，b3，c，所以ABC的周长为5，故A正确；利用正弦定理 2R，ABC外接圆半径R为，故C错误；如图所示：利用正弦定理，解得sinA，所以cosA，利用余弦定理：CD2AC2+AD22ACADcosA923，解得CD，故D正确12BCD ，对于A:设,且，则令，所以因为，所以.要使为增函数，只需恒成立，所以，即而，所以矛盾，故A错误；对于B:要使对为偶函数，按偶函数的定义，只需，即，解得：b=0.即，对为偶函数.故B正确；对于CD: 定义域为R，所以关于x的方程有解，当时，有有解，当时，只需，即，而，13 因为，则，所以，即，则，解得，由已知可

9、得，解得，由余弦定理可得.故答案为：.14 ，当且仅当，即时等号成立，故的最小值为. 故答案为：.15等腰三角形 取中点，连接，则，又，；的形状是等腰三角形16 ，其中，令，.因为，故，因为，且，所以，故，则.又当时，单调递减，且，故.17（1）（2）（1） ， 此时 （5分） （2）， ， ， ， 函数的值域为 （10分） 18（1）；（2）解：（1）解法一 因为，所以由正弦定理可得又，所以，所以因为，所以，所以，又，所以解法二 因为，所以由余弦定理可得，整理得，即，因为，所以，所以，又，所以（2）因为，所以由正弦定理得，则，故的周长易知，所以，因为在时单调递增，在时单调递减，所以，则，所以

10、，故周长的取值范围为19（1）证明见解析；（2）.（1）证明：平面，.又底面为正方形，.平面，平面，平面.平面，.，为中点，.平面，平面，平面.又平面，平面平面.（2）解：，.又，四棱锥的高，点到平面的距离为.由知，点到平面的距离为.20（1）建立以 为原点， 为x轴， 为y轴， 为z轴的坐标系， 设 ，则 ， ， ， , ,所以 ;（2）由（1）知 ,又AN上存在Q使得，所以点Q即为BD与AN的交点，在xoy平面内， ，设直线BD，AN方程分别为 ， ，即 ， ，联立可得 ,又 ， ，设平面 的法向量为 ，则 ，可得， .21 （1）因为为奇函数，所以，所以，所以且，所以，所以，所以；（2）在上单调递增；由条件知，任取，所以，所以，又因为，在上单调递增，所以且，所以，所以，所以在上单调递增；（3）因为有解，所以有解，由的奇偶性可知：有解，由的单调性可知：有解，所以有解，所以，因为，所以，所以，所以，即的取值范围是.2222（I）；（）；（III） kWh.（1）因为，所以；（2）根据频率分布直方图可知：“用电量大于250kWh”的频率为，所以用电量大于250kWh的户数为：，故用电量大于250kWh有户；（3）因为前三组的频率和为：，前四组的频率之和为，所以频率为时对应的数据在第四组，所以第一档用电标准为：kWh.故第一档用电标准为 kWh.