2020高考数学理二轮课标通用专题能力训练14　空间中的平行与垂直 WORD版含解析.docx

1、专题能力训练14空间中的平行与垂直专题能力训练第34页一、能力突破训练1.如图,O为正方体ABCD-A1B1C1D1的底面ABCD的中心,则下列直线中与B1O垂直的是()A.A1DB.AA1C.A1D1D.A1C1答案:D解析:易知A1C1平面BB1D1D.B1O平面BB1D1D,A1C1B1O,故选D.2.如图,在正方形ABCD中,E,F分别是BC,CD的中点,沿AE,AF,EF把正方形折成一个四面体,使B,C,D三点重合,重合后的点记为P,点P在AEF内的射影为O.则下列说法正确的是()A.O是AEF的垂心B.O是AEF的内心C.O是AEF的外心D.O是AEF的重心答案:A解析:如图,易知

2、PA,PE,PF两两垂直,PA平面PEF,从而PAEF,而PO平面AEF,则POEF,EF平面PAO,EFAO.同理可知AEFO,AFEO,O为AEF的垂心.3.,是两个平面,m,n是两条直线,有下列四个命题:如果mn,m,n,那么.如果m,n,那么mn.如果,m,那么m.如果mn,那么m与所成的角和n与所成的角相等.其中正确的命题有.(填写所有正确命题的编号)答案:解析:对于,若mn,m,n,则,的位置关系无法确定,故错误;对于,因为n,所以过直线n作平面与平面相交于直线c,则nc.因为m,所以mc,所以mn,故正确;对于,由两个平面平行的性质可知正确;对于,由线面所成角的定义和等角定理可知

3、其正确,故正确的命题有.4.已知正四棱锥S-ABCD的底面边长为2,高为2,E是边BC的中点,动点P在表面上运动,并且总保持PEAC,则动点P的轨迹的周长为.答案:2+6解析:如图,取CD的中点F,SC的中点G,连接EF,EG,FG.设EF交AC于点H,连接GH,易知ACEF.又GHSO,GH平面ABCD,ACGH.又GHEF=H,AC平面EFG.故点P的轨迹是EFG,其周长为2+6.5.下列命题正确的是.(填上你认为正确的所有命题的序号)空间中三个平面,若,则;若a,b,c为三条两两异面的直线,则存在无数条直线与a,b,c都相交;若球O与棱长为a的正四面体各面都相切,则该球的表面积为6a2;

4、在三棱锥P-ABC中,若PABC,PBAC,则PCAB.答案:解析:中也可以与相交;作平面与a,b,c都相交;中可得球的半径为r=612a;中由PABC,PBAC得点P在底面ABC的射影为ABC的垂心,故PCAB.6.在正三棱柱A1B1C1-ABC中,点D是BC的中点,BC=2BB1.设B1DBC1=F.求证:(1)A1C平面AB1D;(2)BC1平面AB1D.答案：证明(1)连接A1B,设A1B交AB1于点E,连接DE.点D是BC的中点,点E是A1B的中点,DEA1C.A1C平面AB1D,DE平面AB1D,A1C平面AB1D.(2)ABC是正三角形,点D是BC的中点,ADBC.平面ABC平面

5、B1BCC1,平面ABC平面B1BCC1=BC,AD平面ABC,AD平面B1BCC1.BC1平面B1BCC1,ADBC1.点D是BC的中点,BC=2BB1,BD=22BB1.BDBB1=CC1BC=22,RtB1BDRtBCC1,BDB1=BC1C.FBD+BDF=C1BC+BC1C=90.BC1B1D.B1DAD=D,BC1平面AB1D.7.如图,在四棱锥P-ABCD中,侧面PAD是边长为2的正三角形,且与底面垂直,底面ABCD是ABC=60的菱形,M为PC的中点.(1)求证:PCAD;(2)证明在PB上存在一点Q,使得A,Q,M,D四点共面;(3)求点D到平面PAM的距离.答案：(1)证法

6、一取AD的中点O,连接OP,OC,AC,依题意可知PAD,ACD均为正三角形,所以OCAD,OPAD.又OCOP=O,OC平面POC,OP平面POC,所以AD平面POC.又PC平面POC,所以PCAD.证法二连接AC,依题意可知PAD,ACD均为正三角形.因为M为PC的中点,所以AMPC,DMPC.又AMDM=M,AM平面AMD,DM平面AMD,所以PC平面AMD.因为AD平面AMD,所以PCAD.(2)证明当点Q为棱PB的中点时,A,Q,M,D四点共面,证明如下:取棱PB的中点Q,连接QM,QA.因为M为PC的中点,所以QMBC.在菱形ABCD中,ADBC,所以QMAD,所以A,Q,M,D四

7、点共面.(3)解点D到平面PAM的距离即点D到平面PAC的距离.由(1)可知POAD,又平面PAD平面ABCD,平面PAD平面ABCD=AD,PO平面PAD,所以PO平面ABCD,即PO为三棱锥P-ACD的高.在RtPOC中,PO=OC=3,PC=6,在PAC中,PA=AC=2,PC=6,边PC上的高AM=PA2-PM2=102,所以PAC的面积SPAC=12PCAM=126102=152.设点D到平面PAC的距离为h,由VD-PAC=VP-ACD,得13SPACh=13SACDPO.因为SACD=3422=3,所以13152h=1333,解得h=2155,所以点D到平面PAM的距离为2155

8、.8.在四棱锥P-ABCD中,平面ABCD平面PCD,底面ABCD为梯形,ABCD,ADDC.(1)求证:AB平面PCD;(2)求证:AD平面PCD;(3)若M是棱PA的中点,求证:对于棱BC上任意一点F,MF与PC都不平行.答案：证明(1)ABCD,CD平面PCD,AB平面PCD,AB平面PCD.(2)平面ABCD平面PCD,平面ABCD平面PCD=CD,ADCD,AD平面ABCD,AD平面PCD.(3)(方法一)假设棱BC上存在一点F,使得MFPC.连接AC,取其中点N,连接MN,在PAC中,M,N分别为PA,CA的中点,MNPC.过直线外一点只有一条直线与已知直线平行,MF与MN重合,点

9、F在线段AC上,F是AC,BC的交点C,即MF就是MC,而MC与PC相交,假设错误,即对于棱BC上任意一点F,MF与PC都不平行.(方法二)假设棱BC上存在一点F,使得MFPC,显然点F与点C不同,则P,M,F,C四点在同一个平面中,则FC,PM,BFC,APM,则就是点A,B,C确定的平面ABCD,且P.这与P-ABCD为四棱锥矛盾,假设错误,即对于棱BC上任意一点F,MF与PC都不平行.二、思维提升训练9.在正方形ABCD中,AB=4,点E,F分别是AB,AD的中点,将AEF沿EF折起到AEF的位置,使得AC=23.在平面ABC内,过点B作BG平面AEF交边AC于点G,则AG=()A.33

10、B.233C.3D.433答案:B解析:连接AC,分别交BD,EF于O,H.E,F分别是AB,AD的中点,EFBD,OHHC=13,BD平面AEF.又BG平面AEF,平面BGD平面AEF,平面ACH分别与平面BGD、平面AEF交于OG,HA,OGHA,AGAC=HOHC=13,AG=13AC=233.10.如图,正方形ABCD和梯形BDEF所在的平面互相垂直,EFBD,EF=12BD,AC与BD交于点O,G,H分别为线段AB,BF的中点.(1)求证:ACBF;(2)求证:GF平面ADE;(3)若DFBF,求证:平面AHC平面BGF.答案：证明(1)四边形ABCD为正方形,ACBD.又平面ABC

11、D平面BDEF,平面ABCD平面BDEF=BD,AC平面BDEF.BF平面BDEF,ACBF.(2)(方法一)取AD的中点M,连接ME,MG.在ABD中,G,M分别为AB,AD的中点,GMBD,且GM=12BD.又EFBD,且EF=12BD,GMEF,且GM=EF.四边形GMEF为平行四边形.GFME.ME平面ADE,GF平面ADE,GF平面ADE.(方法二)连接OF,OG,EFBD,且EF=12BD,EFOD,且EF=OD.四边形DOFE为平行四边形.OFDE.DE平面ADE,OF平面ADE,OF平面ADE.O,G分别为BD,AB的中点,OGAD.又OG平面ADE,AD平面ADE,OG平面A

12、DE.OGOF=O,平面GOF平面ADE.GF平面OGF,GF平面ADE.(3)连接OH,在BDF中,O,H分别为BD,BF的中点,OHDF.DFBF,OHBF.BFAC,ACOH=O,AC平面AHC,OH平面AHC,BF平面AHC.BF平面BGF,平面AHC平面BGF.11.如图,在长方形ABCD中,AB=2,BC=1,E为CD的中点,F为AE的中点.现在沿AE将ADE向上折起,在折起的图形中解答下列问题:(1)在线段AB上是否存在一点K,使BC平面DFK?若存在,请证明你的结论;若不存在,请说明理由;(2)若平面ADE平面ABCE,求证:平面BDE平面ADE.答案：(1)解线段AB上存在一

13、点K,且当AK=14AB时,BC平面DFK.证明如下:设H为AB的中点,连接EH,则BCEH.又因为AK=14AB,F为AE的中点,所以KFEH,所以KFBC.因为KF平面DFK,BC平面DFK,所以BC平面DFK.(2)证明因为F为AE的中点,DA=DE=1,所以DFAE.因为平面ADE平面ABCE,所以DF平面ABCE.因为BE平面ABCE,所以DFBE.又因为在折起前的图形中E为CD的中点,AB=2,BC=1,所以在折起后的图形中AE=BE=2,从而AE2+BE2=4=AB2,所以AEBE.因为AEDF=F,所以BE平面ADE.因为BE平面BDE,所以平面BDE平面ADE.12.已知正三

14、棱柱ABC-A1B1C1中,AB=2,AA1=3,点D为AC的中点,点E在线段AA1上.(1)当AEEA1=12时,求证:DEBC1;(2)是否存在点E,使三棱锥C1-BDE的体积恰为三棱柱ABC-A1B1C1体积的13?若存在,求AE的长,若不存在,请说明理由.答案：(1)证明因为三棱柱ABC-A1B1C1为正三棱柱,所以ABC是正三角形.因为D是AC的中点,所以BDAC.又平面ABC平面CAA1C1,所以BDDE.因为AEEA1=12,AB=2,AA1=3,所以AE=33,AD=1,所以在RtADE中,ADE=30.在RtDCC1中,C1DC=60,所以EDC1=90,即DEDC1.因为C

15、1DBD=D,所以DE平面BC1D,所以DEBC1.(2)解假设存在点E满足题意.设AE=h,则A1E=3-h,所以SDEC1=S四边形AA1C1C-SAED-SDCC1-SEA1C1=23-12h-(3-h)-32=32+12h.因为BD平面ACC1A1,所以VC1-BDE=VB-C1DE=1332+12h3=12+36h,又V棱柱=12233=3,所以12+36h=1,解得h=33,故存在点E,当AE=3,即E与A1重合时,三棱锥C1-BDE的体积恰为三棱柱ABC-A1B1C1体积的13.13.如图,在四边形ABCD中(如图),E是BC的中点,DB=2,DC=1,BC=5,AB=AD=2.

16、将ABD(如图)沿直线BD折起,使二面角A-BD-C为60(如图).(1)求证:AE平面BDC;(2)求异面直线AB与CD所成角的余弦值;(3)求点B到平面ACD的距离.答案：(1)证明如图,取BD的中点M,连接AM,ME.AB=AD=2,DB=2,AMBD.DB=2,DC=1,BC=5满足DB2+DC2=BC2,BCD是以BC为斜边的直角三角形,BDDC,E是BC的中点,ME为BCD的中位线,ME12CD,MEBD,ME=12,AME是二面角A-BD-C的平面角,AME=60.AMBD,MEBD,且AM,ME是平面AME内两相交于M的直线,BD平面AEM.AE平面AEM,BDAE.ABD为等

17、腰直角三角形,AM=12BD=1.在AEM中,AE2=AM2+ME2-2AMMEcosAME=1+14-2112cos 60=34,AE=32,AE2+ME2=1=AM2,AEME.BDME=M,BD平面BDC,ME平面BDC,AE平面BDC.(2)解取AD的中点N,连接MN,则MN是ABD的中位线,MNAB.又MECD,直线AB与CD所成角等于MN与ME所成的角,即EMN或其补角.AE平面BCD,DE平面BCD,AEDE.N为RtAED斜边的中点,NE=12AD=22,MN=12AB=22,ME=12,cos =|cosEMN|=MN2+ME2-NE22MNME=24+14-2422212=24.(3)解记点B到平面ACD的距离为d,则三棱锥B-ACD的体积VB-ACD=13dSACD.又由(1)知AE是三棱锥A-BCD的高,BDCD,VB-ACD=VA-BCD=13AESBCD=13321221=36.E为BC中点,AEBC,AC=AB=2.又DC=1,AD=2,ACD为等腰三角形,SACD=12DCAD2-12CD2=121(2)2-122=74,点B到平面ACD的距离d=3VB-ACDSACD=33674=2217.