安徽省太和县2016-2017学年高一下学期第三次月考物理参考答案.pdf

1、1.A 解析：根据曲线运动的物体速度方向沿切线方向，且由物体的合力指向轨迹凹侧可知，轨迹必在合力与速度方向之间，故可知仅 A 正确。2.D 解析：当该卫星比同步卫星多走了一圈时，再次出现在该同步卫星的正下方，设经历的时间为 t，由2416tt=1，解得 t=48h，D 项正确。3.A解析：由于 F 的方向保持与作用点的速度方向一致,因此可把圆周划分成很多小段研究,如图所示,当各小段的弧长li 足够小(li0)时,在这li 内 F 的方向几乎与该小段的位移方向重合。故 WF=Fl1+Fl2+Fl3+=F2R=1 000J。4.C解析：解答该类问题需要弄清两个要点：一是，汽车功率发生突变时，其运行

2、速度不能立即突变；二是，汽车的速度、加速度、牵引力三者间的制约关系.汽车达到最大速度时，匀速运动，牵引力F=f.由P=Fv，得vm=Pe/f=10104/2.5103 m/s=40m/s.5.B解析：根据动能定理，物体从 x0 到 x16m 处，有 Fx12mv2212mv21，其中 F10N，x4m，v11m/s，从而求得 v23m/s，选 B。6.B D解析：由图象可以看出，bc 两个小球的抛出高度相同，a 的抛出高度最小，根据2htg可知，a 的运动时间最短，bc 运动时间相等，故 A 错误，B 正确；由图象可以看出，abc 三个小球的水平位移关系为 a 最大，c 最小，根据 x=v0t

3、 可知，0 xvt，所以 a 的初速度最大，c 的初速度最小，故 C 错误，D 正确。7.ABC解析：某行星平均密度与地球的平均密度相同，设为 ，地球的半径为 R，则20112204Gm mm RRT，又3043mR，进一步可得:203GT，同理可得：23GT，可得：0TT，选项 B 正确；行星质量3143mR，12RR，可得:08mm，选项 A 正确；由2011 02Gm mm vRR可得：20043GmvG RR，同理可得：2143GmvG RR，02vv，选项 C 正确；00243GmgGRR，1243GmgGRR，02gg，选项 D 错误。物理 参考答案228.BD解析：EkP=1mv

4、2P=100J 解得：vP=10m/s，EkQ=1mvQ2=36J解得：vQ=6m/s；由动能定理W 合=Ek 得：F 合=16N则 a=8m/s2，由功能原理W 其=E 得：f=10N，故 B 对；由 f=mgcosF 合=mgsin+mgcos=16N 可知 A、B 皆错；10.BCD 解析：物块在上升的过程中，重力势能增大，动能减小，A 项错误；根据能量守恒，fh(10080)J，求得 f2N，B 项正确；由 mgh80J，求得 m0.8kg，C 项正确；物块下降过程中，克服阻力做功也为 20J，整个过程用动能定理可知，物块再回到抛出点时，动能的大小为 60J，D 项正确。12答案：12

5、 31 13 16 32（每空 2 分）St解析：因时间相同，由 v 知，vAvBSASB12；由t 知，ABAB31；由2T 知，TATBBA13；由 vr知，rArB16；由 av2r 知，aAaB32。12129.BCD解析：(1)当 v0 2gL时，小球上升的高度不会超过 O 点，在最高点时速度为零，所需向心力为零，T=mgcos，又因为 1mv02=mg（L-Lcos），联立可得：T=mg m2vL02；2(2)当 2gLv0 5gL时，小球上升的高度超过 O 点将离开圆轨道做斜抛运动，小球到达最高点时绳子处于松弛状态，T=0；(3)当 v0 5gL时，小球沿圆轨道上升到最高点时，T

6、+mg=mLv2；mv02mv2=2mgL，联立得：T=mv 2L0 5mg，所以综上所述选项 BCD 正确。11.答案：(1)0.1 1(每空 1 分)(2)132(2 分)(3)见解析(2 分)解析：本题考查探究平抛运动规律实验的数据处理及实验分析。(1)根据匀变速直线运动公式 g2yT，得 Tyg 0.1stOatab，水平方向匀速运动，速度 vxxt1m/s。(2)小球经过 a 点时竖直方向分速度 vayytOObb0.30.222m/s1.5m/s，得 vavaxvay 132 m/s。小球从抛出点运动到 a 点的时间可由 vaygt 求出，tvayg0.15s。(3)把首末两点相连

7、并且三等份，各等份点与对应顺序的照片上的点相连，即是重力加速度所在的直线，如图所示。13.解析：(1)小船渡河时间等于垂直河岸的分运动时间：tt1 dv 船2005 s40s(2 分)沿河流方向的位移 s 水v 水t340m120m(2 分)即在正对岸下游 120m 处靠岸(1 分)(2)要小船垂直过河，即合速度应垂直河岸，如图所示，则 cosv 水v 船35(2 分)所以53，即船头与岸成 53角向上游(1 分)渡河时间 t dv 合dv 船sin 2005sin53s2004 s50s(2 分)14.解析：解法一：（1）根据运动学公式：02vLvtt(2 分)，解得 t=2 s(1 分)（

8、2）PO 由动能定理可得：mgLsin-mgLcos=12mv20(3 分)，解得=0.5(1 分)（3）对小球第二次离开 O 点后沿斜面能上升的运动过程应用动能定理有mgLsin+mgLcos=12mv20(3 分)解得 L=0.4 m(1 分)(或者全程运用动能定理：mg(L-L)sin-mg(L+L)cos=0，解得 L=0.4 m)解法二：（1）根据运动学公式：02vLvtt(2 分)，解得 t=2 s(1 分)(2)根据运动学公式：v2=2aL，解得 a=2m/s2(2 分)由牛顿第二定律可得：mgsinmgcos=ma(1 分)解得=0.5(1 分)（3）由牛顿第二定律可得：mgs

9、in+mgcos=ma解得 a=10m/s2(2 分)根据运动学公式：v2=2aL,解得 L=0.4m(2 分)15(2)由 GMmR2 mg 月(2 分)，得月球的质量 M2hR22Gt2(1 分)(3)设探测器在环月轨道上运行时，距月面高度为 H，运行周期 Tt1n(2分)由 GMm（RH）2m(RH)(2T)2(2 分)得 H3hR2t212n22t22R(3 分)16.解析：（1）小物块从运动到 O 点过程运用动能定理：02Fs mgs 1 mv 2(3 分)解得：F 5N（1 分）（2）小物块过 O 点后做平抛运动水平方向：0 x v t（1 分）竖直方向：212y gt（1 分）又 x2 y2 R2（2 分）联立解得t 1s（2 分）