2022版高三全国统考数学（文）大一轮备考试题：第5章第2讲 平面向量的数量积及应用（2） WORD版含解析.docx

1、第五章平面向量第二讲平面向量的数量积及应用1.2021贵阳市摸底测试已知向量a=(1,m),b=(3,-2),且(a-b)b,则m=()A.-5B.-3C.3D.52.2021安徽省四校联考已知单位向量a,b满足|2a+b|=|2a-b|,则(3a-b)(a+b)=()A.1B.2C.3D.43.2021浙江杭州二中、学军中学等五校联考已知a=(1,2),b=(1,-7),c=2a+b,则c在a方向上的投影为()A.-355B.-3210C.3210D.3554.2021四省八校联考对于任意一条直线,把与该直线平行的非零向量称为该直线的一个方向向量.若向量a=(1,x),b=(-2,1-x)均

2、为直线l的方向向量,则cos=()A.1 B.22 C.0 D.-15.2021黑龙江省六校阶段联考已知向量a,b满足|a|=1,|b|=2,且a与b的夹角为60,则|a+b|=()A.7B.3 C.5 D.226.2021洛阳市统考已知向量a,b均为非零向量,且|a|=|b|=|a-b|,则a与b的夹角为()A.6 B.3C.23 D.567.2020广东六校二联设平面向量a=(-2,1),b=(,2),若a与b的夹角为锐角,则的取值范围是()A.(-12,2)(2,+)B.(-,-4)(-4,1)C.(1,+) D.(-,1)8.2021大同市调研测试设向量a=(x,1),b=(-1,2)

3、,ab,则|a-2b|=.9.2021南昌市高三测试已知向量OAAB,|OA|=2,则OAOB=.10.2021晋南高中联考已知向量a,b满足:|a|=|b|=1,ab.若2a+b与xa+b的夹角为45,则实数x=.11.2021云南省部分学校统一检测已知|AB|=3, |AC|=1,AB|AB|+AC|AC|=(2,-1),则ABBC=()A.212 B.-152C.-32 D.9212.2021安徽省示范高中联考已知ABC中,AB=4,AC=43,BC=8,动点P自点C出发沿线段CB运动,到达点B时停止,动点Q自点B出发沿线段BC运动,到达点C时停止,且动点Q的速度是动点P的2倍.若二者同

4、时出发,且一个点停止运动时,另一个点也停止运动,则该过程中APAQ的最大值是()A.72 B.4C.492 D.2313.2020河北九校第二次联考已知两个不相等的非零向量a,b,满足|a|=1,且a与b-a的夹角为60,则|b|的取值范围是()A.(0,32) B.32,1)C.32,+)D.(1,+)14.2020长春市第四次质量监测已知在ABC中,AB=(0,1),|AC|=7,ABBC=1,则ABC的面积为()A.12 B.22C.32 D.7215.2020山东威海模拟若P为ABC所在平面内一点,且|PA-PB|=|PA+PB-2PC|,则ABC的形状为()A.等边三角形B.等腰三角

5、形C.直角三角形D.等腰直角三角形16.2020唐山市模拟已知e1,e2是两个单位向量,R时,|e1+e2|的最小值为32,则|e1+e2|=()A.1 B.3C.1或3 D.217.已知锐角ABC外接圆的半径为1,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,B=4,则BABC的取值范围是.18.角度创新已知O为ABC的外接圆圆心,且AOAB =2AOAC,则|AB|AC|的值为 ()A.12B.22C.2D.219.2020开封市高三模拟已知单位向量a,b满足|a+b|1,则a与b夹角的取值范围是()A.0,3)B.0,23)C.(3,D.(23,20.双空题已知平面向量a,b,c满足|a|=|

6、b|=|c|=1,若ab=12,则(a+b)(2b-c)的最小值是,最大值是.答 案第五章平面向量第二讲平面向量的数量积及应用1.A向量a=(1,m),b=(3,-2),a-b=(-2,m+2),又(a-b)b,(a-b)b=-6-2(m+2)=0,解得m=-5.故选A.2.B|2a+b|=|2a-b|,(2a+b)2=(2a-b)2,4a2+b2+4ab=4a2+b2-4ab,可得ab=0,(3a-b)(a+b)=3a2-b2+2ab=2,故选B.3.A因为a=(1,2),b=(1,-7),所以c=2a+b=(3,-3),则c在a方向上的投影为|c|cos=ca|a|=-35=-355.故选

7、A.4.D由题意,知ab,所以1(1-x)=x(-2),解得x=-1,所以a=(1,-1),b=(-2,2),所以cos=ab|a|b|=1(-2)+(-1)212+(-1)2(-2)2+22=-1,故选D.5.A解法一(a+b)2=a2+2ab+b2=1+212cos 60+4=7,所以|a+b|=7,故选A.解法二如图D 5-2-3所示,图D 5-2-3作OA=a,OB=b,AOB=60,以OA,OB为邻边作平行四边形OACB,则OC=a+b,在OAC中,OAC=120,OC2=OA2+AC2-2OAACcosOAC=1+4-212(-12)=7,所以OC=7,即|a+b|=7,故选A.6

8、.B解法一因为|a|=|a-b|,所以|a|2=|a-b|2,即|a|2=|a|2-2ab+|b|2,化简得|b|2-2ab=0,设a与b的夹角为,则|b|2-2|a|b|cos =0,因为|a|=|b|0,所以cos =12,又0,所以=3,故选B.解法二由向量减法的三角形法则及|a|=|b|=|a-b|知,|a|,|b|,|a-b|构成等边三角形的三条边长,所以向量a与b的夹角为3,故选B.7.B解法一因为a与b的夹角为锐角,所以cos(0,1).又a=(-2,1),b=(,2),所以cos=ab|a|b|=-2+252+4(0,1),整理得-2+20,2+8+160,所以0,a,b不共线

9、.又a=(-2,1),b=(,2),所以-2+20,-221,所以0,所以x-22,所以x=-22-3应舍去,所以x=-22+3.解法二因为a,b为单位向量,且ab,所以不妨令a=(1,0),b=(0,1),则2a+b=(2,1),xa+b=(x,1),所以cos 45=(2a+b)(xa+b)|2a+b|xa+b|=2x+13(x2+1)=22,即x2+42x-1=0,解得x=-223.因为2x+10,所以x-22,所以x=-22-3应舍去,所以x=-22+3.11.B由|AB|=3,|AC|=1,AB|AB|+AC|AC|=(2,-1),得(AB|AB|+AC|AC|)2=2+2ABAC3

10、1=3,所以ABAC=32,所以ABBC=AB(AC-AB)=ABAC-AB2=32-9=-152.故选B.12.C解法一因为AB=4,AC=43,BC=8,所以AB2+AC2=BC2,所以ABC是直角三角形,且A=90,C=30,B=60.如图D 5-2-4,分别以AC,AB所在直线为x,y轴建立平面直角坐标系,设|CP|=t,则|BQ|=2t,且02t8,即0t4,图D 5-2-4则A(0,0),Q(3t,4-t),P(43-32t,12t),AQ=(3t,4-t),AP=(43-32t,12t),所以APAQ=3t(43-32t)+12t(4-t)=-2t2+14t(0t4),当t=72

11、时,APAQ取得最大值,最大值为492,故选C.解法二因为AB=4,AC=43,BC=8,所以AB2+AC2=BC2,所以ABC是直角三角形,且A=90,C=30,B=60.设CP=t,则BQ=2t,且02t8,即0t4,BQ与AC的夹角为30,CP与AB的夹角为60,所以APAQ=(AC+CP)(AB+BQ)=ACAB+ACBQ+CPAB+CPBQ=432tcos 30+4tcos 60-2t2=-2t2+14t(0t4),当t=72时,APAQ取得最大值,最大值为492,故选C.图D 5-2-513.D如图D 5-2-5所示,设OA=a,AB=b-a,则OB=b.因为a与b-a的夹角为60

12、,所以BAC=60,则OAB=120,则B为射线AD上的动点(不包括点A),又|a|=1,即|OA|=1,所以由图可知,|b|1,故选D.14.C因为AB=(0,1),所以|AB|=1,因为ABBC=-BABC=-(|BA|BC|cos B)=-|BC|cos B=1,所以cos B=-1|BC|.由余弦定理,得cos B=12+|BC|2-(7)221|BC|=-1|BC|,解得|BC|=2,所以cos B=-12,所以sin B=32,所以SABC=12|AB|BC|sin B=32.15.C因为|PA-PB|=|PA+PB-2PC|,所以|BA|=|(PA-PC)+(PB-PC)|=|C

13、A+CB|,即|CA-CB|=|CA+CB|,两边同时平方,整理得CACB=0,所以CACB,所以ABC为直角三角形.故选C.16.C设向量e1,e2的夹角为,则e1e2=cos ,因为|e1+e2|=1+2+2cos=(+cos)2+1-cos2,且当=-cos 时,|e1+e2|min=1-cos2=32,解得cos =12,|e1+e2|=2+2cos,则|e1+e2|的值为1或3,故选C.17.(2,1+2asinA=csinC=2,a=2sin A,c=2sin C=2sin(34-A),BABC=22ac=222sin A2sin(34-A)=2sin A(cos A+sin A)

14、=2sin Acos A+2sin2A=sin 2A-cos 2A+1=2sin(2A-4)+1.0A2,034-A2,4A2,42A-434,故22sin(2A-4)1,故BABC(2,1+2.【易错警示】错解:0A2,-42A-434,故-22sin(2A-4)1,故BABC(0,1+2.错解错在对角A的范围挖掘不到位.ABC是锐角三角形,因此应保证角A,B,C都是锐角,故0A2,034-A2,4A1两边同时平方得a2+2ab+b21,化简得2+2cos 1,即cos -12,又0,所以01成立;当0时,如图D 5-2-7所示,令OA=a,OB=b,以OA,OB为邻边作平行四边形OACB,

15、则OC=a+b,AOB=,因为a,b均为单位向量,所以平行四边形OACB是边长为1的菱形,则AOC=2,取OC的中点D,连接AD,则ADOC,所以cosAOC=cos 2=ODOA=|a+b|2|a|=|a+b|2,因为|a+b|1,所以cos 212,又(0,所以2(0,2,所以023,即 023.综上可知,023,故选B.20.3-33+3 由|a|=|b|=1,ab=12,可得=3,令OA=a,OB=b,以OA的方向为x轴的正方向建立如图D 5-2-8所示的平面直角坐标系,则a=OA=(1,0),b=OB=(12,32).设c=OC=(cos ,sin )(02),则(a+b)(2b-c)=2ab-ac+2b2-bc=3-(cos +12cos +32sin )=3-3sin(+3).因为-1sin(+3)1,所以(a+b)(2b-c)的最小值和最大值分别为3-3,3+3.图D 5-2-8