四川省成都市蓉城高中教育联盟2019-2020学年高一物理6月联考答案.pdf

1、1蓉城高中教育联盟 20192020 学年度下期高中 2019 级 6 月联考物理参考答案及评分标准一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。14：ABBC58：CBCA二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求；全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。9：BC10：BD11：AC12：AD三、实验题：本题共 2 小题，共 16 分。13（每空 2 分，共 6 分）（1）C（2）C（3）B14（每空 2 分，共 10 分）（1）B

2、（2）1.52.5（3）(15,5)不能四、计算题：本题共 4 小题，共 44 分。解答应当写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的，不能得分。15（8 分）解：（1）由 h 12gt2 得飞行的时间：2245 s3s10htg2 分（2）落地点离抛出点的水平距离为：030 3 m90 mtxv2 分（3）落地时的竖直速度：30=y gtvm/s1 分小球落地时的速度：22030 2yvvvm/s，2 分0tan1y vv45 ，方向与地面成 45斜向下1 分16（10 分）解：（1）小球对圆锥面恰好无压力时：20tanmgmr2 分其中sinrl1 分联立解得：05cos

3、glrad/s；2 分（2）当010 rad/s2时，小球离开锥面，设绳与轴线夹角为，则有：2sinsinTml3 分解得：50T N2 分217（12 分）解：（1）在 03 s 内，拉力等于 6 N，最大静摩擦力6mfmgN，故物体静止。在 36 s 内，拉力12F N，由牛顿第二定律得Fmgma1 分解得2a m/s21 分位移为211()=92xatm1 分6 s 末物体的速度大小6a tvm/s1 分6 s 末拉力的瞬时功率126 W=72 WPFv1 分（2）在 69 s 内，拉力等于 6 N，滑动摩擦力等于 6 N，故物体做匀速直线运动。位移26 3 m18 mxt v1 分在

4、912 s 内，拉力仍然是12F N，物体的加速度大小仍为2a m/s2。位移231()=272xtat vm2 分拉力所做的功31227 J324 JWFx1 分（3）12 s 内拉力做功012 9 J6 18 J324 J540 JW 2 分平均功率45WPtW1 分18（14 分）解：（1）车做的是平抛运动，根据平抛运动的规律可得竖直方向上：212Hgt2 分水平方向上：St v2 分可得0.6t s22.7HSgvm1 分（2）摩托车落至 A 点时，其竖直方向的分速度6ygtvm/s1 分到达 A 点时速度227.5Ayvv+vm/s2 分设摩托车落至 A 点时，速度方向与水平方向的夹

5、角为，则4tan3y vv1 分即：53 所以：21061 分（3）在最低点，受力分析可得2Nmgm Rv2 分解得：7560N N1 分由牛顿第三定律可知，人和车在最低点 O 时对轨道的压力为 7560 N。1 分3解析：1【答案】A【解析】曲线运动的速度方向在不断改变，因此速度一定在变，A 正确；质点也可以在恒力的作用下做曲线运动，譬如平抛运动，其加速度恒定，因此曲线运动也可是匀变速运动，B 错误；质点做直线运动其加速度也可以变化，C 错误；做匀速圆周运动的物体其合力才指向圆心，变速圆周运动所受合力不指向圆心，因此 D 错误。2【答案】B【解析】考查功、功率的概念。做功越多，功率不一定大，

6、A 错误；力越大，功率不一定大，速度越大，功率也不一定大，因此 C、D 错；功率越大，做功越快，B 正确。3【答案】B【解析】AC：汽车做曲线运动，合力指向曲线轨迹的凹侧，AC 错误；BD：汽车做曲线运动的速度方向沿曲线上某点的切线方向，曲线由 M 向 N 加速行驶，合力与速度方向夹角为锐角，B 正确，D 错误。故选 B。4【答案】C【解析】根据题意，船的实际速度是1v 和2v 的合速度，1v 与河岸平行，对渡河时间没有影响，所以2v 与河岸垂直即船头指向对岸时，渡河时间最短为 min2dt v，式中 d 为河宽，此时合速度与河岸成一定夹角，船的实际路线应为 所示；最短位移即为 d，应使合速度

7、垂直河岸，则2v 应指向河岸上游，实际路线为所示，故 C 正确，ABD 错误。故选 C。5【答案】C【解析】AB：飞机水平地匀速飞行，小球被释放后由于惯性，水平方向上保持与飞机相同的速度而做平抛运动。因为平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，所以释放的小球在落地前都在飞机的正下方，即在飞机的正下方排成竖直的直线，AB 错误；CD：由于高度相等，每个小球落地的时间相等，因为每隔 1 s释放一个，落地时在水平方向上两小球的间隔为 xt v，v 相等、t 相等，x 相等，所以落地点是等间距的，C 正确 D 错误；故选 C。6【答案】B【解析】靠传送带传动轮子边缘上的点具有相同的线速度，故 A、C 两点

8、的线速度相等，即：:1:1AC vv；C 的半径是 A 的半径的 3 倍，根据rv，知:3:1AC。B 与 C 属于同轴转动，所以BC。根据周期与角速度的关系：2T/所以：13CACATT；BC，则BCTT；所以：A、B、C 三点的周期之比 1:3:3故 A 错误；B 与 C 的角速度相等，由rv可知：:1:3CBvv；所以 A、B、C 三点的线速度之比 3:1:3。故 B 正确；由于:3:1CA，BC。所以 A、B、C 三点的角速度之比 3:1:1故 C错误；向心加速度2ra=，所以：3 3:1 1:1 39:1:3:ABCAABBCCaaa vvv。故 D 错误。故选 B。7【答案】C【解

9、析】A、a 的向心加速度是由地球的引力（略大于重力）和地面支持力（而支持力等于重力）的合力提供，因此，a 的向心加速度远小于重力加速度 g；故 A 错误。B、c 是同步卫星，其周期为 24 小时，4 h 转过的圆心角应为 60（即 3）；故 B 错误。C、由牛顿第二定律得：22MmGm rrv，解得：GMrv=，卫星的轨道半径越大，速度越小，所以 b 的半径最小，速度最大，在相同时间内转过的弧长最长；故 C 正确。D、由开普勒第三定律32RkT知，卫星的轨道半径越大，周期越大，所以 d 的运动周期大于 c 的周期 24 h，d 的运行周期应大于 24 h，不可能是 23 h；故 D 错误。故选

10、 C。48【答案】A【解析】飞行过程中恰好与半圆轨道相切于 B 点，则知速度与水平方向的夹角为 60，则有：0tan60yvv，又ygtv，则得：0tan60gt v，0tan60gvt=水平方向上小球做匀速直线运动，则有：0cos30RRt v联立解得：0(32 3)6gRv。9【答案】BC【解析】AB：从抛出到相遇两球在竖直方向上下降的高度相等，则运动时间相同，两球必须是同时抛出，A 错误 B 正确；C：相遇时球通过的水平位移大，则 A 球的初速度必然大于 B 球初速度，C 正确；D：物体做平抛运动时运动学量与物体的质量无关，D 错误。故选：BC。10【答案】BD【解析】只要知道天体的一颗

11、卫星或行星的周期和轨道半径，利用公式2224MmGmrrT就可以计算出中心天体的质量，故 BD 正确。选 BD。11【答案】AC【解析】当水对桶底压力为零时有：2mgm rv，解得10 0.93 m/sgrv，由于“水流星”通过最高点的速度为 6 m/s，知水对桶底有压力，水不会从容器中流出，选项 A 正确，B 错误；对水和桶分析，有：2Tmgm rv，解得15T N。知此时绳子的拉力为 15 N，即在最高点时除受重力外还受绳的拉力，不是完全失重。故 C 正确，D 错误；故选 AC。12【答案】AD【解析】当汽车的牵引力与阻力相等时，汽车的速度最大，根据mPfv 得，汽车的最大速度80000

12、m/s20 m/s4000mPfv，故 A 正确 B 错误；根据牛顿第二定律得，Ffma，解得400020002 N8000 NFfma，汽车匀加速直线运动的末速度80000 m/s10 m/s8000PFv，则匀加速直线运动的时间10 s5 s2tav，故 C 错；汽车从静止到达最大速度的过程有匀加速直线运动、变加速直线运动和匀速直线运动；若一直匀加速的话，平均速度为 10m/s，因为有匀速运动和变加速运动，则平均速度大于 10 m/s，故 D 正确。13【解析】（1）在研究向心力的大小 F 与质量 m、角速度 和半径 r 之间的关系时我们主要用到了物理学中的控制变量法，故选 C；（2）图中

13、所示，若两个钢球质量和运动半径相等，则是在研究向心力的大小 F 与角速度的关系，故选 C；（3）根据2Fmr可知若两个钢球质量 m 和运动半径 r 相等，图中标尺上黑白相间的等分格显示出钢球1 和钢球 2 所受向心力的比值为 1:9，可知两轮的角速度之比为 1:3，根据Rv可知，因为变速轮塔 1和变速轮塔 2 是皮带传动，边缘线速度相等，则与皮带连接的变速轮塔 1 和变速轮塔 2 的半径之比为 3:1，故选 B。14【解析】（1）平抛的起点应该是将小球放到斜槽末端，球心所对应的位置，因此 B 正确，ACD 错误。故选 B。5（2）平抛运动的轨迹上 A、B、C 三个位置的水平距离相等，说明时间间

14、隔t 相等，竖直分运动为匀变速直线运动，由：22yLg t 可得时间：0.1st 由水平方向的匀速直线运动，有：03Lt v解得平抛的初速度为：031.5 m/sLtv在竖直方向上 B 点是 AC 两点的中间时刻，有：82 m/s2ByLtv两分运动的速度合成可得 B 点的合速度：2202.5 m/sBByvvv（3）由 B 点的竖直速度为：2 m/sByOBgtv可得抛出点到 B 点的时间为：0.2 sOBt则抛出点到 A 点的时间为：0.1sOAOBttt 则真抛出点到 A 点的两分位移为：00.15 m15 cmOAOAxtv210.05 m5 cm2OAOAygt因坐标系是向右为 x

15、轴正向，向下为 y 轴正向，且 A 点为坐标原点，故抛出点的坐标均为负值，为(15,5)；坐标(45,65)对应的两分位移分别为(455)cm50 cm0.5 mx(65 15)cm80 cm0.8 my 若竖直位移为 0.8 m，由平抛规律有：2112ygt水平位移为：10 11.5 0.4m=0.6mxtxv故小球不能通过坐标(45,65)。15【解析】（1）由 h 12gt2 得飞行的时间：2245 s3s10htg2 分（2）落地点离抛出点的水平距离为：030 3 m90 mtxv2 分（3）落地时的竖直速度：30ygt vm/s1 分小球落地时的速度：22030 2yvvvm/s，2

16、 分0tan1y vv45 ，方向与地面成 45斜向下1 分【答案】（1）3t s（2）90 x m（3）30 2vm/s，方向与地面成 45斜向下16【解析】（1）小球对圆锥面恰好无压力时：20tanmgmr2 分其中sinrl1 分联立解得：05cosglrad/s；2 分6（2）当010 rad/s2时，小球离开锥面，设绳与轴线夹角为，则有：2sinsinTml3 分解得：50T N2 分【答案】（1）05 rad/s（2）50T N17【解析】（1）在 03 s 内，拉力等于 6 N，最大静摩擦力6mfmgN，故物体静止。在 36 s 内，拉力12F N，由牛顿第二定律得Fmgma1

17、分解得2a m/s21 分位移为211()=92xatm1 分6 s 末物体的速度大小6a tvm/s1 分6 s 末拉力的瞬时功率126 W=72 WPFv1 分（2）在 69 s 内，拉力等于 6 N，滑动摩擦力等于 6 N，故物体做匀速直线运动。位移26 3 m18 mxt v1 分在 912 s 内，拉力仍然是12F N，物体的加速度大小仍为2a m/s2。位移231()=272xtat vm2 分拉力所做的功31227 J324 JWFx1 分（3）12 s 内拉力做功012 9 J6 18 J324 J540 JW 2 分平均功率45WPtW1 分【答案】（1）72 W（2）324

18、 J（3）45 W18【解析】（1）车做的是平抛运动，根据平抛运动的规律可得竖直方向上：212Hgt2 分水平方向上：St v2 分可得0.6t s22.7HSgvm1 分（2）摩托车落至 A 点时，其竖直方向的分速度6ygtvm/s1 分到达 A 点时速度227.5Ayvv+vm/s2 分设摩托车落至 A 点时，速度方向与水平方向的夹角为，则4tan3y vv1 分即：53 所以：21061 分（3）在最低点，受力分析可得2Nmgm Rv2 分解得：7560N N1 分由牛顿第三定律可知，人和车在最低点 O 时对轨道的压力为 7560 N。1 分【答案】（1）2.7 m；（2）7.5 m/s；106；（3）7560 N