辽宁省沈阳2023-2024高三物理上学期期中考试试题(pdf).pdf

1、辽宁省沈阳2023-2024高三上学期重点高中期中联合检测物理（满分：100分考试时间：75分钟）注意事项：1 答题时，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡规定的位置上。2答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案标号。3 答非选择题时，必须使用黑色墨水笔或黑色签宇笔，将答案书写在答题卡规定的位置上，写在试题卷、草稿纸上无效。4 考试结束后，将试题卷和答题卡一并交回。第1卷（选择题，共46分）一、选择题：本题共 10 小题，共 46分。在每小题给出的四个选项中，第 17 题只有一项符合题目要求，每小题 4分；第 810 题有多

2、项符合题目要求，每小题 6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。l足球运动员运用脚法，踢出足球后使球在空中沿弧线运行，这样踢出的球称为弧线球。如图所示，在一次踢球过程中，一运动员在对方禁区利用获得的任意球机会踢出弧线球，足球绕过人墙后加速射门得分。在足球加速向下射门时，关于足球所受的合力与速度方向之间的关系，下图中可能正确的是B产。A飞（、丿D文：第1题图c产Vv/(m 矿）4|A B ，：；，i!_ 1 l i1 2 3 4 第2题图2 2一个质点做变速直线运动的v-t图像如图所示，下列说法正确的是A.OA、BC段的加速度方向均与速度方向相同B 第 1 s内与第 5 s内

3、的速度方向相反c 第4 s末质点的位移达到最大D.OA、AB、BC段的加速度大小：aBC为。Aa心(、丿高三物理第 1 页（共 6 页）3如图甲所示，从高处M点到地面N点有 I、II 两条光滑轨道。两个相同的小物块甲、乙同时从 M 点由静止释放，沿不同轨道滑到 N 点，其速率v与时间t的关系图像如图乙所示。由图可知，两个小物块在离开M点后、到达N点的下滑过程中，下列说法正确的是（）A 甲重力做的功比乙重力做的功小B 甲合外力做的功比乙合外力做的功小c甲沿II 下滑且同一时刻甲的动能比乙的小D.乙沿 I 下滑且乙的重力功率先减小后增大，4心历吩吵叩7nl7rN-4图甲是某人站在接有传感器的地板上

4、做下蹲、起跳和回落动作的示意图，图中的小黑点表示人的重心；图乙是地板所受的压力F随时间t变化的关系图像。下列根据图像的分析正确的是M v A.b到c的过程中，人先处于失重状态再处于超重状态B人的重力可由b点读出，约为500 N C.f点为人在双脚离开地板的过程中上升最高的点D.b 到c的过程中，地板所受的压力先大于重力后小于重力5中国新闻网宜布：在摩洛哥坠落的陨石被证实来自火星。某同学想根据平时收集的部分火星资料（如图所示）计算出火星的密度，再与这颗陨石的密度进行比较。下列计算火星密度的公式错误的是（引力常量G已知，忽略火星自转的影响）（）.I I甲品3000 f俨500t Vb jd。1 1

5、.52 2.5 3 3.5 TTis A.p兰2TIGd 产B.p=g。31Td C.p 3iT G产6MD.p=-:;ird3 火星Mars火星的小档案直径 d=6 779 km 质量M=6.417lxl023 kg 表面的重力加速度g。=3.7 m/s2 近地卫星的网期T=3.4 h 第5题图第6题困6如图际，一斜面炽妞冰平地面上，质量为m的物块置于斜面体上，轻绳的一端与物块连接，另一端跨过光滑的定滑轮，并施加竖直向下的外力F，使物块缓慢地沿斜面上滑。忽略物块与斜面体之间的摩擦力，在物块上滑的过程中，斜面体始终保持静止，则下列说法中正确的是（）A外力F逐渐减小c轻绳对定滑轮的作用力逐渐增大

6、B斜面体对物块的支持力逐渐增大D，水平地面对斜面体的摩擦力逐渐增大高三物理第 2 页（共 6 页）7如图所示、甲、乙两物体放在可绕轴旋转的圆台上，甲物体的质狱为皿，乙物体的质扯为m(/2 甲物体到转轴的距离是2l，乙物体到转轴的距离是l。物体与圆台之间的砐大静摩擦力均为物体所受重力的K倍，重力加速度大小为g。若圆台从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，下列说法正确的是A 甲、乙两物体所受的底擦力始终相等B 甲物体和乙物体均未与圆台发生相对滑动时，线速度大小之比为1:2（）I,r，c甲物体开始相对圆台滑动时的转速为卢号D当圆台以角速度(J)=卢匀速转动时，甲物体所受的向心力为kmg8.（多选）2023

7、年2月，科创数据研究中心(SMDC)对某品牌簸新款新能源汽车内的直流菩电池p 1 进行测试，如图甲所示。测试过程中系统输出的下 一图像如图乙所示，其中P为直流电源的输出功率，I为总电流，下列说法正确的是乏！A 该蓄电池的电动势为12 VB该蓄电池的内阻为1 nc该蓄电池的最大输出功率为70 WD 该蓄电池的短路电流为24 AE i/(W.A-1)I OI,1仁 JIA一1，蠡I-0.5，五甲乙第8题图第9题图9.（多选）如图所示，传送带与地面的倾角0=37，从A到B的长度为L=14 m，传送带以v。=8 mis的速率逆时针转动，在传送带上端 A 无初速地放一个质址为m=O.5 kg 的黑色煤块

8、，它与传送带之间的动摩擦因数为,=0.25，煤块在传送带上经过会貂下黑色划痕，已知sin 37=0.6,cos 37=0.8,g取10 m/s2。则下列说法正确的是A煤块刚放上传送带时，加速度大小 a1=8.5 m/s2 B煤块从A运动到B的时间为1.5sC煤块从A运动到B的过程中，传送带上形成黑色划痕的长度为4mD煤块从A运动到B的过程中，系统因摩擦产生的热址为6J高三物理第3页（共6页）10.（多选）有一匀强电场的方向平行千兄Oy平面，平面内a、b、C、d四点的位置如图所示，cd、cb分别垂直于轴、y轴，其中a、b、c三点的电势分别为：4V、8V、10V。现使一电荷掀为q=-2x10一5

9、C的负点电荷由a点开始沿abed 路线运动，则下列说法正确的是（）A坐标原点0 的电势为6 V!r/cmB电场强度的大小为Ii Vim c 该点电荷在c点的电势能为2x10-5 J D该点电荷从a点移动到d点的过程中，电场力做功为8xl0一5 J第 I1 卷（非选择题，共54分）工元cm二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.(6 分）某同学用如图甲所示的实验装置来验证动量守恒定律。实验时先让质量为m1 的人射小球A从斜槽上某一固定位置C由静止释放，小球A从轨道末端水平抛出，落 到位于水平地面的复写纸上，在复写纸下面的白纸上留下痕迹，重复上述操作10次，得到10个落点痕迹n 再把质量为 叫

10、 的被碰小球B放在水平轨道末端，仍将小球A从位置C由静止释放，小球A和B碰撞后，分别在白纸上留下各自的落点痕迹，重复操作10次，M、P、N 为三个落点的平均位置，0点是水平轨道末端在记录纸上的竖直投影点，如图乙所示。请完成下列问题：c 甲(1)关于实验操作，下列说法正确的是A实验过程中白纸和复写纸可以根据两小球的落点位置随时调整移动B以最小的圆圈住尽可能多的落点，则圆心可视为小球的平均落点c两个小球的质量需要满足m1 a。A aAB，故D正确。3.C【解析】A两个相同的小物块下滑的高度相同，根据肌mgh可知两个小物块的重力势能减小，且重力做的功相同，故A错误；B由千两条轨道光滑，小物块在下滑过

11、程中，只有重力对小物块做功，则甲合外力做的功与乙合外力做的功相等，故B错误；c 由v-t图像可知，小物块甲下滑过程做匀加速直线运动，则甲沿II下滑，且同一时刻甲的速度比乙的小，则同一时刻甲的动能比乙的动能小，故C正确；D乙沿I下滑过程，在M点的速度为零，重力的功率为零，在N点的速度方向与重力方向垂直，重力的功率为零，则乙的重力功率先增大后减小，故D错误。4.A【解析】AD.b 到c的过程中，地板所受的压力约从 400N 增加到 2 OOON,地板所受的压力先小千重力后大千重力，所以人先处千失重状态再处千超重状态，故A正确，D错误；B人的重力可由a点读出，约为 1 OOON,故B 错误；c 从d

12、点到e点的过程，压力等千零，表明在d点是人双脚离开地板的一瞬间，从d点到e点人在空中运动，e点是人落回地板的一瞬间。若图中J点为人在双脚离开地板的过程中上升最高的点，则此时双脚对地板的压力为零，传感器显示的示数为零，与图中所表述的力的大小不符，故C错误。5.B【解析】设近地卫星的质量为m,火星的质量为M,对近地卫星，火星的万有引力提供其做匀速圆周运动的向心力，则有可得GMm m4兀2 d d 2()T2 2 兀2d3M=2GT2 可得火星的密度为兀2d3将M=代入上式可得2GT2p=M 竺4,d 飞()3兀d3 2 第1页共8页6旷d36M 2GT2 3nP=兀d3n矿GT2又火星对近地卫星的

13、万有引力近似等千近地卫星的重力，则有Mm mg。=G 占2 解得g。dM=4G 因此火星的密度为g矿p=M4G 3g。4,d 兀()3一兀d32兀Gd3 2 6 故A、C、D正确，B错误。6.C【解析】AB以物块为研究对象，物块受到竖直向下的重力、斜面的支持力以及轻绳的拉力，受力分析如图甲所示。F,F E F,M 甲乙丙因为物块缓慢地沿斜面上滑，所以物块一直处千平衡状态，即物块所受的合力为零。又因为物块在缓慢上滑过程中，轻绳与斜面之间的夹角逐渐增大，则 外力F逐渐增大，斜面体对物块的支持力逐渐减小，故A、B 均错误；c以定滑轮为研究对象，其受力分析如图乙所示。因为物块在上滑过程中，外力F逐渐增

14、大，轻绳之间的夹角逐渐变小，根据二力合成的规律可知，定滑轮所受的合力逐渐增大，即轻绳对定滑轮的作用力逐渐增大，故C正确；D以斜面体为研究对象，其受力分析如图丙所示。由之前的分析可知，斜面体对物块的支持力逐渐减小，所以物块对斜面体的压力逐渐减小，则压力在水平方向上的分力逐渐减小，斜面体处千静止状态，即平衡状态，所以水平地面对斜面体的摩擦力逐渐减小，故D错误。7.C【解析】A甲、乙两物体的运动为同轴传动，角速度相同，甲、乙两物体所受的摩擦力提供向心力，由向心力公式得：f=F,=mm2r 则甲、乙两物体所受的摩擦力之比为f甲 五m矿2l:(mo订1:1,甲、乙两物体所受的摩擦力大小始终相等，方向不同

15、，故A错2 误；B由V=叨得，甲物体和乙物体均未与圆台发生相对滑动时，线速度大小之比为mg v甲：见2l:l=2:l，故B错误；1 c甲物体开始相对圆台滑动时，摩擦力刚好达到最大静摩擦力，有：K-mg=m4兀2n!21 2 2 第 2 页共 8 页解得：n二尸；，故C正确；加2lD甲物体开始相对圆台滑动时，有：K l l k-mg=m必 2l，解得：叱 尸。当圆台以角速度2 2(j)匀速转动时，甲物体已经相对圆台发生滑动，故D错误。l 8.AD【解析】AB.蓄电池的输出功率为P=EJ-J2r变形得p E=-r 1 2 I 结合图像可得0.5 E=V=12V 1.-.,r=0.5 n24 故A正

16、确，B错误；C.由可知当最大输出功率为故C错误；D.该蓄电池的短路电流为故D正确。E,2.E2P=EI-I2r=-(I-)r+2r4r E I=12A2r E2pmax=72W 4r E I短24Ar 2l 9.CD【解析】A煤块刚放上传送带时，加速度大小为：a1=gsin0+gcos0=8 m/s2,故A错误；V。B煤块加速至与传送带的速率相同时所用的时间为：tl=1 s 1 1 s内煤块运动的位移：X1=aif12=4 m2 1 s后煤块的加速度：a2=gsin0-gcos0=4 m/s2根据匀加速直线运动的位移时间公式有解得煤块从A运动到B的时间为1 L-x1=忐 a心2 t2=1 s

17、第3页共8页alt=ti+t2=2 s 故B错误；C.l s内传送带上形成黑色划痕的长度为L=V。ti芍4m1 s 2 s内 煤块的速度大千传送带的速率，传送带上形成黑色划痕的长度为L2=v凸a心V。t2=2m2 故煤块从A运动到B的过程中传送带上形成黑色划痕的长度为4m,故C正确；D煤块从A运动到B的过程中，系统因摩擦产生的热量为Q=Wr=jL=mg(+L2)cos 0=6 J故D正确。lO.AD【解析】A因为是匀强电场，所以沿同 一方向前进相同的距离，电势的降低相等，有代入数据，解得：(f)o=6 V 故A正确；f)b-f)c仇一饥。B因为是匀强电场，所以沿同 一方向前进相同的距离，电势的

18、降低相等可知，ab的中点e的电势为(f)e=6 V，连接Oe则为等势面，如图所示。y/cm C-:2|、尸cm由几何关系可知，ab垂直Oe,则ab为一条电场线，且方向由b指向a,电场强度为故B错误；Ube 8-6 E=2 心2xcos45 xlO-V/m=1002V/m C该点电荷在c点的电势能为Epc=q(f)c=-2x10-4J 故C错误；D因为是匀强电场，所以ucd=Ubo 即仇一(f)d=j,厂(Jo 代入数据解得：钓8V。则ad之间的电势差为Uad=p,厂钓-4V该点电荷从a点移动到d点的过程中，电场力做的功为wad=qUad=8x10勺故D正确。二、非选择题：本题共5小题，共54分

19、。11.(6分，每空2分）（1)BD（漏选得 1分，错选不得分）（2）风OP=叽OM叽ON(3)B【解析】Cl)A实验过程中臼纸必须始终放在复写纸的下面，且不能调整位置，故A错误；第4页共8页B以最小的圆圈住尽可能多的落点，则圆心可视为小球的平均落点，故B正确；C为保证小球A碰撞后不被弹回，两个小球的质量需要满足叽 m2 实验中只需保证小球A到达轨道末端的速度相同，所以轨道表面不必光滑，故C错误；D小球叽与 m2 碰撞后，风、m2的落点分别是题图乙中的M、N点，故D正确。(2)对小球A和B,根据动最守恒得mV。=m昂m必小球从轨道末端飞出后做平抛运动，竖直方向有水平方向有整理得1 h=gt2

20、2 OP=V。t,OM=v/,ON=vzl 风OP叽0M+mzON(3)小球叽与 m2 碰撞后分开，说明不是完全非弹性碰撞。假设两小球是弹性碰撞，系统动量守恒有根据系统能量守恒有联立两式解得即可得mV。=m昂mv21-m心 风讨 m沁2 2 2 V2=V。+V1ON OP OM=+t t t OP=MN 由千汤丛MN,该碰撞不是弹性碰撞，是非弹性碰撞。12.(8分，每空2分）（1)3.200(2)凡【解析】（1)螺旋测微器的读数即电阻丝的直径为(3)d=3 mm+20.0 x 0.01 mm=3.200 mm 啤矿4LL2(4)等千(2)实验中电阻箱的阻值为(O 999.9切，滑动变阻器采用限

21、流接法，故滑动变阻器应选用阻值较大的凡。(3)实验小组将滑动变阻器的滑片P调至最左端后，闭合开关S,调节滑动变阻器使其滑片P处千合适位置，调节电阻箱，使其示数为R,然后调节滑片P,使表头的示数为零，说明凡的分压与L1的分压相同，有即URxL1 ULi ULiUR 气=UT=Rx+R-._,L,-RAB-LAB-+L 2Rx=h凡R +L2 第5页共8页解得凡尸L根据电阻定律R=p 得待测电阻丝的电阻率s RXS兀RL矿p=L 4LL(4)重复(3)的操作，测出多组数据，分别取平均值，可减小偶然误差，此实验表头的内阻不影响实验原理，无系统误差，因此待测电阻丝电阻的理论测量值等千真实值。13.C

22、10分）解：（1)设汽车匀加速用时为t1,匀速行驶时的速度大小为 V,则有v-v=ati(1分）v1+v s=ti+(t t1)v(2分）2联立解得v=15m/s（写成v=54km/h也给分）（1分）(2)设汽车匀加速运动到V2用时为t2,再匀速运动用时t3到达停车线，则有Vz-v1=a(I分）t2 v,+v一t22 呫s(2分）联立解得8 4 t2=-:-s(1分），t3=s(1分）3 1 5则汽车通过该路段所用的最短时间为44 t2 飞s(1分）15 14.(12分）解：（1)质子在极板儿4 间加速，由动能定理可得qU丿mv 22。(1分）解得极板儿4间的加速电压mv。U=5xl05 V(

23、1分）2q(2)质子在电场中偏转垂直击中边界OP的C点，如图所示。p 少2 _|B p 。，七At下n A-1。二Vy x 则质子到达C点时的速度为第 6 页共 8 页v=2x107 m/s(1分）sina 质子从B点运动到C点，由动能定理得解得B、C两点间的电势差为1 2 1 qUBc=mv-mv。2(1分）2 2 UBc=l.5xl06 V(1分）(3)质子在电场中运动到达OP上的C点所需的时间为t竖直方向的速度为Vy,水平方向的位移为X,竖直方向的位移为y,加速度为a。由运动学公式有由几何关系得联立解得u 由E一旦，解得yx=V。t(l分）y=at2 2(1分）V=at(1分）d-y t

24、an a=(1分）V。tana=/(1分）3x=m y=0.3 m E=5xl06 V/m(2分）15.(18分）解：（1)滑篮和“小孩”由静止从P点下滑到0点，由机械能守恒定律，则有mAgh=m飞(1分）2 滑篮和“小孩”与橡胶块B发生弹性碰撞，规定向右为正方向，由动晕守恒定律，则有根据能量守恒定律有联立解得mAV。=m心mBvBI(1分）1 1 m心 m心m沪嘉(2分）2 2 2 VA=-4 m/s mB=50 kg(1分）(2)橡胶块B与滑篮和“小孩“第一次碰后向右做匀减速运动，由速度位移关系公式可得沪V嘉2ax1(1分）由牛顿第二定律可得-mBg=mBa(1分）联立解得=0.2(1分）

25、第 7 页共 8 页(3)橡胶块B从0点运动到M点的过程，由动能定理可得解得-mBgL=EkI-m砂盂(2分）2 Ek1=0 可知橡胶块B运动到M点静止。(1分）滑篮和“小孩碰撞后向左运动，返回从0点运动到M点的过程设运动到M点的速度为v根据动能定理有解得-mAgL=mA产mA寸(2分）2 2 v=23 mis 滑篮和“小孩”与橡胶块B再次发生弹性碰撞，规定向右为正方向，由动量守恒定律和机械能守恒定律可得mAv=mA叮 mBvBI(1分）2.;m Av,2=m A叮 mBvB/2(2分）2 2 滑篮和“小孩“碰撞后被弹回；弹簧压缩至最短时，弹簧的弹性势能最大，由能址守恒定律，可知最大的弹性势能为E=-m沪Bl2(1分）代入数据联立解得E 100 J(1分）3 13-15题评分说明：每小题的每一小问，如果用其他的解题方法，并且计算结果、过程均完全正确，均可得该小问的对应满分。同理得每小题的对应满分，答案合理均可得分。（注：答案合理均给分）第8页共8页