山东省济南德润高级中学2020-2021学年高一下学期开学考试物理试卷 PDF版含答案.pdf

1、第 1页，共 4页高一物理一、单选题（本大题共 10 小题，共 30.0 分）1.以下的计时数据指时间间隔的是A.中央电视台新闻联播节目 19 时开播B.某人用 15 s 跑完 1襨襨C.早上 6 h 起床D.天津开往德州的 625 次硬座普快列车于 13 h 35 min 从天津西站发车2.下列说法正确的是A.高速公路上限速牌上的速度值指瞬时速度大小B.背越式跳高比赛中研究运动员过杆的技术要领时，可把运动员当成“质点”来处理C.某运动员的链球成绩为 2.2，其 2.2 是指链球从离开手到落地的位移大小D.在 400m 比赛中，处于第 1 跑道的丁丁同学正好跑了完整一圈，他的成绩为 襨.襨，则

2、他在整个过程的平均速度为 3.一宇宙空间探测器在发动机的推力作用下从某一星球的表面垂直升空，历时 t 发动机突然关闭，又经过时间 t该探测器返回星球表面，其速度随时间变化规律如图所示。分析计算可得探测器在 襨 和 2 过程中的加速度大小之比，探测器在 t、2t 时刻速度大小之比分别为A.12 13，12 12B.12 12，12 13C.12 12，12 12D.12 13，12 134.关于自由落体运动，下列说法正确的是A.物体竖直向下的运动就是自由落体运动B.加速度等于重力加速度的运动就是自由落体运动C.在自由落体运动过程中，不同质量的物体运动规律相同D.物体做自由落体运动时位移与时间成反

3、比.如图所示，木块与墙壁的动摩擦因数为，木块的重力为 G；当木块沿墙壁向下滑动时，物体所受摩擦力的大小和方向为A.大小为，方向向上B.大小为，方向向下C.大小为 G，方向向下D.大小为 ，方向向下第 2页，共 4页6.如图所示，绳与杆均不计重力，承受力的最大值一定A 端用绞链固定，滑轮 O 在 A 点正上方滑轮大小及摩擦均可忽略，B 端吊一重物 P，现施加拉力将 B 缓慢上拉均未断，在杆达到竖直前A.绳子越来越容易断B.绳子越来越不容易断C.杆越来越容易断D.杆越来越不容易断7.质量为 m 的物体放在倾角为的斜面上，力 F 垂直于斜面作用在物体上，物体处于静止状态，如图所示下列说法中正确的是A

4、.力 F 越大，物体所受摩擦力越大B.力 F 越小，物体所受摩擦力越小C.力 F 越大，物体所受摩擦力可能越大，也可能越小D.物体所受摩擦力的大小与力 F 无关.某同学站在电梯地板上，利用速度传感器和计算机研究一观光电梯升降过程中的情况，如图所示的 图象是计算机显示的观光电梯在某一段时间内的速度变化情况向上为正方向。根据图象提供的信息，可以判断下列说法中正确的是A.襨 s 内，观光电梯在加速上升，该同学处于失重状态B.1襨 s 内，该同学对电梯地板的压力大于他所受的重力C.1襨2襨 s 内，观光电梯在减速下降，该同学处于超重状态D.2襨2 s 内，观光电梯在加速下降，该同学处于失重状态.质量为

5、 m 的跳水运动员，从离水面高为 h 的跳台上以速度1跳起，最后以速度2进入水中，若不计空气阻力，则运动员起跳时所做的功等于A.12 12 B.12 12 C.12 22 D.12 22 1襨.水平路面上的汽车以恒定功率 P 做加速运动，所受阻力恒定，经过时间 t，汽车的速度刚好达到最大，在 t 时间内A.汽车做匀加速直线运动B.汽车加速度越来越大C.汽车克服阻力做的功等于 PtD.汽车克服阻力做的功小于 Pt二、多选题（本大题共 4 小题，共 16.0 分）11.一个质点做方向不变的直线运动，它的加速度的方向与速度的方向相同但加速度的大小逐渐减小直到零在此过程中，对质点运动的描绘正确的是A.

6、速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B.速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值C.位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移不再增大D.位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移仍要继续增大第 3页，共 4页12.下列说法正确的是A.马拉车前进，马先对车施力，车后对马施力，否则车就不能前进B.射出枪口的子弹，能打到很远的距离，是因为子弹离开枪口后受到一个推力作用C.根据效果命名的同一名称的力，性质可能不同D.力的作用效果可以改变物体的运动状态13.将质量为 m 的小球在距地面高度为 h 处抛出，抛出时的速度大小为襨.小球落到地面时的速度大小为 2襨.若小球受到的空气阻力不能忽略，

7、则对于小球下落的整个过程，下面说法中正确的是A.小球克服空气阻力做的功小于 mghB.重力对小球做的功等于 mghC.合外力对小球做的功小于 襨2D.合外力对小球做的功等于 襨214.质量为 1kg 的物体受到两个大小分别为 3N 和 2N 的共点力作用，则物体的加速度大小可能是A.10 2B.6 2C.2 2D.5 2三、填空题（本大题共 2 小题，共 8.0 分）1.飞机投弹时，炸弹做_运动地面上的观察者看到炸弹的运动轨迹是_.飞行员以飞机为参考系看到炸弹的运动轨迹是_16.一物体在距地面高 5m 处以 的速度水平抛出下落到地面，不计空气阻力，g 取 1襨2.则小球下落时间为_s；球落地点

8、与抛出点的水平距离为_.四、实验题（本大题共 2 小题，共 12.0 分）17.“探究力的平行四边形定则”的实验，如图甲。先将橡皮条的一端固定在水平木板上 A 点，另一端系上带有线套的两根细线。实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细线用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细线拉橡皮条。1实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的_A.将橡皮条拉伸相同长度即可B.将橡皮条沿相同方向拉伸即可C.将橡皮条沿相同方向拉到相同长度D.将橡皮条和线的结点拉到相同位置2图乙中的 F 与 两力中，方向一定沿着 AO 方向的力是_，1、2合力的理论值是_。3完成该实验的下列措施中说

9、法正确的是_A.两细线必须等长，这样方便操作，测量结果会更准确B.两细线要长些，标记同一细线方向的两点要适当远些C.拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细线应贴近木板且与木板面平行D.1和2的夹角越大越好，以便观察，误差会更小第 4页，共 4页1.在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系时，某同学采用了如图甲所示的实验装置，小车及车中额砝码质量用 M 表示，盘及盘中的砝码用 m 表示：1当 M 和 m 的大小关系满足_时，可以认为细线对小车的拉力与盘和砝码的总重力大小相等2该同学在保持盘中的砝码质量一定，探究加速度与小车质量的关系，下列说法正确的是_A.平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细线通过定滑

10、轮系在小车上B.每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C.实验时，先接通打点计时器的电源，再释放小车D.实验中，小车运动的加速度可直接用公式 求出3该同学在实验中得到如图乙所示的一条纸带，每相邻两计数点之间还有 4 个点图中未画出，已知电源的频率为 50Hz，计数点间的距离如图所示打计数点 4 时，小车的速度为 _，实验中小车的加速度 _2以上结果均保留两位有效数字五、计算题（本大题共 3 小题，共 34.0 分）1.某人骑摩托车在雾天行驶，若能见度观察者与能看见的最远目标间的距离约为 1，设该人的反应时间为襨.，已知摩托车刹车时产生的最大加速度为 2，为安全行驶，摩托车行驶的最大速度是多

11、少？2襨.一架新型的喷气式战斗机的质量是 1.襨 1襨4，发动机的推力是 1.11 1襨，起飞速度是.襨，滑跑距离是 671。若不计空气阻力且将飞机的运动过程看作是一个匀变速直线运动，试用动能定理计算飞机在滑跑时受到的平均阻力。21.如图所示，木箱在 1襨襨 的拉力作用下沿粗糙水平地面以 的速度匀速前进，已知木箱与地面间的动摩擦因数为 襨.，拉力与水平地面的夹角为 37，重力加速度 g 取 1襨2，sin37 襨.6，cos37 襨.经过一段时间后撤去拉力，求：1木箱的质量；2撤去拉力后木箱匀减速运动的时间第 1页，共 9页高一物理-【答案】1.B2.A3.A4.C5.A6.B7.D8.D9.

12、D10.D11.BD12.CD13.AB14.CD15.平抛 曲线 直线16.1 517.CD F BC18.；BC；1；19.解：设摩托车行驶的最大速度为 v，则在反应时间内的位移1 亀，在匀减速直线运动的位移 亀根据1 1联立解得：亀 120.解：根据动能定理可知 1 亀 代入数据得 121.解：1对木箱受力分析，由平衡条件得 sin cos 解得：木箱匀减速运动过程由牛顿第二定律和运动学公式得 亀 解得：1答：1木箱的质量；木箱匀减速运动的时间 1s。【解析】第 页，共 9页1.解：A、中央电视台新闻联播节目 19 时开播，19 时指的是一个时间点，是时刻，故A 错误；B、某人用 15

13、s 跑完 100 m，15 s 是指的一个时间间隔，故 B 正确；C、早上 6 h 起床，6 h 指的是一个时间点，是时刻，故 C 错误；D、天津开往德州的 625 次硬座普快列车于 13 h 35 min 从天津西站发车，13 h 35 min指的是一个时间点，是时刻，故 D 错误。故选：B。正确解答本题的关键是：理解时间间隔和时刻的区别，时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点只要掌握了时刻在时间轴上对应的是一点，而时间间隔在时间轴上对应的是一段，即可顺利解决此类题目2.解：A、限速牌上的速度限制的是每一时刻的速度；故为瞬时速度；故 A 正确

14、；B、背越式跳高比赛中研究运动员过杆的技术要领时，不可以将运动员视为质点，否则就没有姿势了，故 B 错误；C、运动员的链球成绩测量的是水平位移，不能说是位移大小；故 C 错误；D、运动员跑一圈，位移为零，平均速度为零；故 D 错误；故选：A。明确平均速度和瞬时速度的区别；知道物体看成质点的条件；并明确铅球比赛中的成绩测量方法；知道参考系的意义，明确同一物体相对于不同的参考系，运动性质不同。本题考查质点、平均速度和瞬时速度、位移以及参考系，要注意明确各物理量的性质，能准确把握物理量的意义。3.【分析】设向上为正方向，根据平均速度等于速度的平均值结合位移时间关系列方程求解速度之比，根据加速度的定义

15、式求解加速度之比。在解答匀变速直线运动一类题目时，注意公式的合理选取，如果涉及时间一般采用速度时间关系和位移时间关系公式解答，如果不涉及时间，一般采用速度位移关系公式解答。【解答】设向上为正方向，上升的最大距离为 h；在 0t 时间内：h=亀1 在 t2t 时间内：-h=亀1亀联立解得：v2=2v1，即：v1:v2=1:2；第 页，共 9页根据加速度的定义式可得：a1=亀1，a2=亀1亀=亀1则 a1:a2=1:3，故 A 正确、BCD 错误。故选 A。4.解：AB、自由落体运动是物体初速度为零且只在重力作用下的运动，故 AB 错误；C、做自由落体运动的物体，初速度与加度均相同；故运动规律和质

16、量无关；故 C 正确；D、由 1 可知，位移与时间的平方成正比，故 D 错误；故选：C。自由落体运动是物体初速度为零，只在重力作用下的下落运动，故任何物体自由落体的初速度都是零，加速度都是 g，不同纬度 g 的数值不同，但这与物体本身质量无关本题关键明确自由落体运动的定义和条件，知道只有初速度为零且只受重力的运动才是自由落体运动5.【分析】根据最大静摩擦力等于滑动摩擦力，结合滑动摩擦力的大小 公式，即可求解。本题容易出错的地方是学生只想到用滑动摩擦力公式中压力即为 G，同时注意其大小与静摩擦力大小计算方法的区别。【解答】由题意可知，物体受到是滑动摩擦力，即大小为 ；方向竖直向上，故 A 正确，

17、BCD 错误。故选 A。6.解：以 B 点为研究对象，分析受力情况：重物的拉力 等于重物的重力、轻杆的支持力 N 和绳子的拉力 F，作出力图如图：由平衡条件得知，N 和的合力与 T 大小相等，方向相反，根据三角形相似可得：又 ，解得：第 页，共 9页 使 缓慢变小时，AB、AO 保持不变，BO 变小，则 N 保持不变，变小。故杆无所谓易断不易断，绳子越来越不容易断。故 B 项正确。故选：B。以 B 点为研究对象，分析其受力情况，作出受力图，利用三角形相似法，得出各力与三角形 ABO 三边边长的关系，再分析绳子上力变化考查了力的动态分析，本题涉及非直角三角形的力平衡问题，采用三角形相似，得到力与

18、三角形边长的关系，再分析力的变化，是常用的方法7.解：根据平衡条件，得 ，可见，f 大小与力 F 大小无关故选 D物体处于静止状态，受到重力 G、力 F、斜面的支持力和静摩擦力 运用正交分解法，分析摩擦力的大小力平衡问题的处理常常有三种方法：1、分解法2、合成法3、正交分解法对于物体受到三个以上力作用时，往往采用正交分解法比较简单方便8.【分析】在速度时间图象中，直线的斜率表示加速度，根据图象求出电梯的加速度，当人有向上的加速度时，此时人就处于超重状态，当人有向下的加速度时，此时人就处于失重状态。本题主要考查了对超重和失重现象的理解，关键要明确加速度向上时人处于超重状态，加速度向下时人处于失重

19、状态。注意 C 项中错在加速度的方向判断上。【解答】A.在 内，从速度时间图象可知，此时的加速度为正，说明电梯的加速度向上，此时人处于超重状态，故 A 错误；B.1 s 内，该同学做匀速运动，故其对电梯地板的压力等于他所受的重力，故 B 错误；C.在 1 内，电梯向上做匀减速运动，加速度向下，处于失重状态，故 C 错误；D.在 内，电梯向下做匀加速运动，加速度向下，故处于失重状态度，故 D 正确。故选 D。第 页，共 9页9.解：运动员所做的功转化为运动员的动能，1 亀1，在整个过程中，由动能定理可得：1 亀 1 亀1，解得：运动员所做的功 1 亀1 1 亀 ，故选：D。运动员所做的功转化为运

20、动员的动能，由动能定理可以求出运动员所做的功应用动能定理可以求出运动员所做的功，本题是一道基础题，难度不大10.解：A、根据 亀 知，因为速度增大，则牵引力减小，根据牛顿第二定律得：知，加速度减小，做加速度减小的加速运动。故 AB 错误。C、因为功率不变，则牵引力做功 ，通过动能定理知，牵引力与阻力的合力功等于动能的变化量，阻力做功小于 Pt，故 D 正确，C 错误。故选：D。根据汽车的受力，结合 亀，抓住功率不变，判断牵引力的变化结合物体的受力，通过牛顿第二定律判断加速度的变化，根据 求解牵引力做功的大小，从而判断阻力做功解决本题的关键会根据物体的受力判断物体的运动规律，汽车以恒定功率启动，

21、先做加速度逐渐减小的加速运动，加速度减小到零后，做匀速直线运动11.解：A、一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中，由于加速度的方向始终与速度方向相同，所以速度逐渐增大，当加速度减小到零时，物体将做匀速直线运动，速度不变，而此时速度达到最大值。故 A 错误，B 正确。C、由于质点做方向不变的直线运动，所以位移位移逐渐增大，当加速度减小到零时，速度不为零，所以位移继续增大。故 D 正确，C 错误。故选：BD。知道加速度是描述速度变化快慢的物理量，判断物体速度增加还是减小是看物体的速度方向与加速度方向关系判读位移大小的变化是看初位置与

22、某位置的距离物体做加速运动还是减速运动由加速度的方向和速度的方向决定，简单讲两者同向做加速运动，两者反向做减速运动，与加速度的大小变化无关这是解决本题的关键12.A、力的作用是相互的，也是同时的，故 A 错误B、子弹离开枪口由于惯性沿速度方向有位移，不再受推力作用，故 B 错误C、根据效果命名的同一名称的力，性质可能不同，例如动力可以是重力，也可以是弹第 6页，共 9页力，故 C 正确D、力的作用效果可改变物体的运动状态，也可改变物体的形状，故 D 正确故选：CD力是物体对物体的作用，一个物体对别的物体施力时，也同时受到后者对它的作用力，作用力和反作用力总是相等的力的分类标准不唯一，可按性质分

23、，也可按效果分等等，力的作用效果可改变物体的运动状态，也可改变物体的形状对力的概念的把握要全面、准确，这类题只好采用排除法解决13.【分析】根据动能定理可知，合外力做的功等于小球动能的变化量，据此列式即可求解。本题主要考查了动能定理的直接应用，难度不大，属于基础题。【解答】解：根据动能定理得：1 亀 1 亀 ，解得：亀，故 A 正确；B.重力做的功为 ，故 B 正确；亀合外力对小球做的功合 1 亀 1 亀 亀，故 CD 错误。故选 AB。14.解：两个共点力合成时，合力的大小范围为1 合 1 ，所以 3N 和2N 的合力范围为 合 1，根据牛顿第二定律知，物体产生的加速度大小范围为 1，故 C

24、、D 正确，A、B 错误故选：CD物体在两个共点力作用下，根据力的合成的合力范围，由牛顿第二定律确定加速度的大小可能值本题借助牛顿第二定律考查两个力合成时的合力范围，掌握合力范围和牛顿第二定律是解决问题的关键15.解：炸弹被投出后只受重力，做平抛运动；由于惯性，保持与飞机相同的水平速度，所以飞行员看到炸弹做自由落体运动，是一条直线；地面上的人看到炸弹做平抛运动，是一条曲线故答案为：平抛，曲线，直线炸弹做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向的运动规律，知道炸弹在空中处于竖直线上第 页，共 9页16.解：物体做平抛运动，在

25、竖直方向上做自由落体运动，根据 1 得，1 1球落地点与抛出点的水平距离 亀 1 故答案为：1，5物体做平抛运动，而平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出运动的时间，结合初速度和时间求出水平距离解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解17.解：1实验两次拉伸橡皮条时，拉力的作用效果应该相同，橡皮条的形变量应相同；A、如果橡皮条拉伸相同长度，如果方向不同，拉力的作用效果不同，故 A 错误；B、将橡皮条沿相同方向拉伸，如果拉伸长度不同，力的作用效果不同，故 B 错误；C.、橡皮条沿相同方向拉到相同长度，拉力的作用效果相

26、同，故 C 正确；D、将橡皮条和线的结点拉到相同位置，拉力的作用效果相同，故 D 正确；故选：CD。由于误差的存在用平行四边形定则求出的合力可以与橡皮条拉力的方向有偏差，用一只弹簧测力计拉结点的拉力即 与橡皮条拉力一定在同一直线上，1和的合力理论值一定在平行四边形的对角线上，F 是合力的理论值。、两细线适当长些，但不必须等长，故 A 错误；B、为便于标记拉力的方向，两细线要长些，标记同一细线方向的两点要适当远些，故B 正确；C、为减小实验误差，拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细线应贴近木板且与木板面平行，故 C 正确；D、1和的夹角应适当大些，但不是越大越好，故 D 错误；故选：BC。故答案为：1

27、亀；F；。1该实验采用了“等效法”，只要明确了实验原理即可，判断选项中的各个说法是否正确，从前正确的解答本题。在实验中 F 和 分别由平行四边形定则及实验得出，明确理论值和实验值的区别即可正确解答。明确实验原理和实验的具体操作从而正确分析产生误差的原因，进一步采取减小误第 8页，共 9页差的措施，分析对弹簧秤、细绳、橡皮条的要求。本题考查了“互成角度的两个力的合成”实验中的基本操作以及理论值和实验值的区别，是一道考查基本实验操作的好题。18.【分析】解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用，以及知道实验的原理和操作中的注意事项。1根据牛顿

28、第二定律，运用整体法和隔离法得出拉力的表达式，从而得出细线对小车的拉力与盘和砝码的总重力大小相等的条件。根据实验的原理以及操作中的注意事项逐项分析，得出正确的答案。根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出计数点 4 的瞬时速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出小车的加速度。【解答】解：1根据牛顿第二定律得，整体的加速度 ，隔离对小车分析，拉力 1，可知 时，可以认为细线对小车的拉力与盘和砝码的总重力大小相等。、平衡摩擦力时，不能将盘及盘中的砝码用细线通过定滑轮系在小车上，故 A 错误。B、每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故 B 正确。C.实验时，先接通打点计时器的

29、电源，再释放小车，故 C 正确。D、实验中，小车运动的加速度由纸带得出，故 D 错误。故选：BC。计数点 4 的瞬时速度亀 889 1，根据 ，运用逐差法得，698898811899。故答案为：1 ，1，19.在反应时间内摩托车匀速行驶，位移为：1 亀；刹车后，摩托车减速后直至速度为零，位移为 亀；为安全行驶，两位移之和必须小于能见度距离 15m。20.本题主要考查了动能定理的应用，难度一般，基础题。根据动能定理列式，代入数据可知飞机在滑跑时受到的平均阻力。第 9页，共 9页21.对于牛顿第二定律的应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁。1木箱受重力、支持力、拉力以及摩擦力作用，根据平衡条件求解质量；木箱做减速运动过程中，根据牛顿第二定律求解加速度大小，根据速度时间关系求解时间。