江西省2022-2023学年高二数学下学期期中联合调研考试试题（Word版附解析）.docx

1、2023年江西省高二年级联合调研考试数学试卷一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 若等比数列满足，则（ ）A. 4B. 8C. 16D. 20【答案】C【解析】【分析】根据等比数列的性质求解即可.【详解】在等比数列中，所以，即，所以.故选：C.2. 若方程表示双曲线，则实数的取值范围为（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据双曲线标准方程列不等式求解.【详解】方程表示双曲线,则，解得或，故选：D3. 设曲线在点处的切线与直线平行，则实数（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据导数求解

2、，由两直线平行斜率相等即可求解.【详解】由得，故，由于点处的切线与直线平行，且直线的斜率为，所以，故选：C4. 已知是函数的导函数，则（ ）A. B. C. 0D. 【答案】A【解析】【分析】对函数求导，求出，将代入导函数即可求解.【详解】因为，则，所以，则，所以，故选：A.5. 已知为函数的极值点，则在区间上的最大值为（ ）（注：）A. 3B. C. 5D. 【答案】B【解析】【分析】由以及极值点的知识求得，求得的单调区间，进而求得在区间上的最大值.【详解】，由于是的极值点，所以，此时，所以在区间递减；在区间递增.所以是极小值点，符合题意.，由于，所以在区间上的最大值为.故选：B6. 南宋数

3、学家杨辉在详解九章算法和算法通变本末中提出了新的垛积公式.所讨论的高阶等差数列与一般的等差数列不同，前后两项之差并不相等，但是逐项差数或高次差数成等差数列.如数列1，3，6，10，前后两项之差组成新的数列2，3，4为等差数列，这样的数列称为二阶等差数列.已知一个二阶等差数列的前5项分别为2，5，10，17，26，则该数列的第50项为（ ）A. 2401B. 2402C. 2501D. 2502【答案】C【解析】【分析】由题意得，利用累加法求得，进而可求解【详解】设此数列为，可得：，故选：C7. 一辆七座（含司机）旅游客车载着6名游客前往某地游览.6名游客返程时恰有2名游客坐的是出发时的座位的方

4、法数为（ ）A. 135B. 150C. 165D. 180【答案】A【解析】【分析】根据分步乘法计数原理,结合排列组合即可求解.【详解】恰好有两个人的位置没有发生变化，则从6个人中选两个人使位置没有发生变化，有种，剩下4个人均没有坐在出发时的位置上，设这四个人分别为,设他们出发时坐的位置分别为，返程时，若从三个位置中任选一个位置有3种选择，不妨假设选择则此时三个人需要安排到的位置，此时共有3种安排方法，故总的安排方法由，故选：A8. 若函数对且都有，则称函数在区间上阶递增.已知函数在上2阶递增，则实数的取值范围为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据题意可得对且都有成立

5、，构造函数，可得函数在上单调递增，进而得到对于，恒成立，即得对于，恒成立，分离常数结合对勾函数的单调性即可求解.【详解】由题意，对且都有成立，不妨设，则，设，则，所以函数在上单调递增，即对于，恒成立，即对于，恒成立，而，令，则函数在上单调递增，则，即，所以，所以，即，所以实数的取值范围为.故选：C.【点睛】关键点睛：本题关键在于构造函数，转化为对于，恒成立，进而得到对于，恒成立，进而利用恒成立问题求解即可.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.9. 在棱长为2的正方体中，下列说法正确的是

6、（ ）A. 直线与平面所成的角为B. C. 三棱锥外接球的表面积为D. 平面与平面的距离为【答案】BCD【解析】【分析】根据线面角的定义即可判断A，建立空间直角坐标系，通过空间向量的坐标运算即可判断BD，由三棱锥外接球与正方体的外接球相同即可判断C.【详解】连接，与相交于点，因为平面，且平面，所以，又因为，所以平面，即直线与平面所成的角为，且，故A错误；连接，以为原点，建立如图所示空间直角坐标系，则，则设平面的法向量为，则，解得，取，则所以，则，所以平面，且平面，则，故B正确；因为三棱锥外接球就是正方体的外接球，设其外接球的半径为，则，即，所以，故C正确；因为平面平面，由B选项可知，平面的法向

7、量为，且，则两平面间的距离，故D正确；故选:BCD10. 若，则下列等式正确有（ ）A. B. C. D. 【答案】ACD【解析】【分析】利用赋值法即可求解AC,求导后结合赋值法可判断D，利用通项的特征可判断B.【详解】对于A,令，则，故A正确，对于B,，因此，故B错误，对于C,令，则，令，则，两式相加可得，故C正确，对于D,对两边求导得，令得，故D正确，故选:ACD11. 已知数列满足，则下列说法正确的有（ ）A. B. 数列为等比数列C. 若，则数列的前项和为D. 若，则【答案】AD【解析】【分析】当时，构造，相减可得，注意验证首项，由可以直接判断选项A、B；利用等比数列求和公式求得结果判

8、断选项C；利用裂项相消求和法判断选项D.【详解】已知，当时，相减可得，所以，当时，.综上可得.对于A，正确，故A正确；对于B，因为，所以，数列不是等比数列，故B错误；对于C，若，则数列的前项和，故C错误；对于D， 当时，则，故D正确.故选：AD.12. 已知函数，直线，则下列说法正确的有（ ）A. B. 若有两个不等实根，则C. 若有且仅有2个整数，使得点在直线的上方，则实数的取值范围为D. 当时，在y轴右侧，直线恒在曲线上方【答案】AD【解析】【分析】求导由单调性即可判断AB,结合函数图象可得即可判断C,利用相切时的切线斜率即可求解.【详解】，故当时，,此时单调递减，当时，,此时单调递增，故

9、当时，取极大值也是最大值，故，又，,画出的大致图象如图：对于A,由于在上单调递减,故,故A正确，对于B,若有两个不等实根，则，故B错误，对于C,由于直线恒过定点，若有且仅有2个整数，使得点在直线的上方,则只有2个整数解，结合图象可知：这两个整数解只能是1和2，故解得，故C错误，对于D,当直线与相切于第一象限时，设切点为，所以切点为的切线方程为，在切线上，此时，故，故切点处的横坐标为，故当，当时，即，此时，在y轴右侧直线恒在曲线上方，故选：AD【点睛】本题主要考查了函数的零点，函数与方程等知识点，属于较难题判断函数零点个数的常用方法：(1) 直接法： 令则方程实根的个数就是函数零点的个；(2)

10、零点存在性定理法：判断函数在区间上是连续不断的曲线，且再结合函数的图象与性质(如单调性、奇偶性、周期性、对称性) 可确定函数的零点个数；(3) 数形结合法：转化为两个函数的图象的交点个数问题，画出两个函数的图象，其交点的个数就是函数零点的个数，在一个区间上单调的函数在该区间内至多只有一个零点，在确定函数零点的唯一性时往往要利用函数的单调性，确定函数零点所在区间主要利用函数零点存在定理，有时可结合函数的图象辅助解题.三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13. 函数的单调减区间为_.【答案】（答同样给满分）【解析】【分析】首先求出函数的定义域，再由对数型复合函数的单调性“同增异减”即可

11、求解.【详解】由得，因此函数的定义域为设，又是增函数，在上是减函数，因此的单调递减区间为故答案为：（答同样给满分）.14. 已知随机事件，若，则_.【答案】【解析】【分析】根据题意，由条件概率公式可得，再由，再结合条件概率的公式即可得到结果.详解】由题意可得，且，则，又因为，则，且，所以.故答案为:.15. 已知抛物线的焦点为，其准线为，过作直线交抛物线于点，满足，又于点，则的面积为_.【答案】40【解析】【分析】由抛物线的定义结合题中的数据，可得直线AB的斜率为 tanBAE，从而得到直线AB的方程，再与抛物线联立，求得A点坐标，即可求得的面积.【详解】如图，不妨设点A在第一象限，A、B在l

12、上的射影分别是、D，连接,BD，过B作于E4，设|m，则|4m，由点A、B分别在抛物线上，结合抛物线的定义，得|m，|4m，|3m因此，RtABE中，cosBAE，得tanBAE直线AB的斜率为，直线AB的方程为，代入y28x，可得即x8或x，A在x轴上方，A，故答案为：40.16. 已知数列，中，若对使得恒成立，则实数的取值范围为_.【答案】【解析】【分析】先利用递推公式求出，然后再利用累乘法得到，然后利用裂项相消法得到不等式，解之即可求解.【详解】因为，则，所以，又因为，所以数列是以为首项，1为公差的等差数列，则，所以，由可得，由可得，可得，当时，则，所以，所以，则，当时，也满足上式，所以

13、，则，所以，因为使得恒成立，则，解得或，故答案为：.四、解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出必要的文字说明、证明过程及演算步骤.17. 某校为普及安全知识，随机抽取了400名学生开展一次校园安全知识答题活动.满分100分，计分分为两类：60分及以上为合格，60分以下为不合格.统计结果如下：合格不合格男生40%15%女生25%20%（1）判断能否有的把握认为“校园安全知识答题合格与性别有关”；（2）现从答题不合格的学生中按性别分层抽样抽取7人，再从7人中任选4人进行安全知识学习，求恰好抽到一名女生的概率.附：列联表参考公式：，其中.临界值表：0.1000.0500.0250.0100.00

14、12.7063.8415.0246.63510.828【答案】（1）有的把握认为“校园安全知识答题合格与性别有关” （2）【解析】【分析】（1）列出校园安全知识答题合格与否与性别列联表，计算卡方，根据独立性检验判断即可；（2）根据分层抽样比可得男生抽取人，女生抽取人，然后利用古典概型公式计算恰好抽到一名女生的概率.【小问1详解】依题意有列联表合格不合格合计男生女生合计故有的把握认为“校园安全知识答题合格与性别有关”.【小问2详解】由分层抽样比得男生抽取人，女生抽取人，人中任选人恰好抽到一名女生的概率为.18. 已知多面体中，四边形和四边形均为棱长为2的菱形，.（1）求证：；（2）若二面角的大小

15、为，求二面角的正弦值.【答案】（1）证明见解析 （2）【解析】【分析】（1）作出辅助线，得到与均为正三角形，由三线合一得到线线垂直，进而得到线面垂直，再由平行关系证明出结论；（2）作出辅助线，结合第一问得到线面垂直，并求出各边长，建立空间直角坐标系，利用空间向量求解二面角的大小【小问1详解】连接，.与均为正三角形.取中点，连接，则，平面，平面，平面，又，四边形为平行四边形，.【小问2详解】由（1）知为二面角的平面角，.又平面，平面，平面平面，平面平面，过作于，平面，且，.过作.以为原点，分别为轴、轴、轴建立如图直角坐标系.则，.，.设平面法向量为，则，令，则，得.设平面的法向量为，则，解得，令

16、，则，得.，设二面角的大小为，则.19. 已知数列的前项和为，且满足，.（1）求数列的通项公式；（2）对于，将数列中落在区间内的项的个数记为，求数列的前项和.【答案】（1） （2）【解析】【分析】（1）由，可得为等差数列，求出公差，再根据等差数列的通项即可得解；（2）解不等式，从而可得出数列的通项，再利用分组求和法求解即可.【小问1详解】当时，为等差数列，设公差为，又，；【小问2详解】，则其前项和为.20. 已知函数.（1）当时，求在上的最值；（2）若在上单调递增，求实数的取值范围.【答案】（1）， （2）【解析】【分析】（1）根据题意，求导即可得，从而得到其最值；（2）根据题意，求导可得，然

17、后设，转化为对恒成立，然后列出不等式即可得到结果.【小问1详解】当时，.在上单调递增.，.【小问2详解】对恒成立， 设，.即对恒成立.设，.故的取值范围为.21. 已知数列的首项，满足.（1）求数列的通项公式；（2）设，将数列分组：，记第组的和为.（i）求数列的通项公式；（ii）证明.【答案】（1） （2）（i）；（ii）证明见解析【解析】【分析】（1）把已知的式子变形，从而构造出一个等差数列，然后根据等差数列的通项公式求出数列的通项公式，从而得出数列的通项公式.（2）（i）先由（1）得出的通项公式，然后根据分组找出分组规律，进而求出数列的通项公式.（ii）由（i）得出的通项公式，然后根据该通

18、项公式的特点进行放缩，从而求出数列放缩后的前项和，从而证出结论.【小问1详解】依题意，又，数列是以1为首项，2为公差的等差数列，.【小问2详解】（i）由（1）知.设的前项和为，则.显然数列分组后第组有项，前面组共有项，当时，当时，满足上式，数列的通项公式为.（ii），当时，.当时，.当时，故.22. 已知函数.（1）讨论的单调性；（2）若过点可作曲线的两条切线，求实数的取值范围.【答案】（1）答案见解析 （2）【解析】【分析】（1）首先求函数的导数，根据判别式，讨论的取值，求函数的单调区间；（2）首先设切点，根据导数的几何意义求切线方程，化简后转化为方程有2个实数根，构造函数，利用导数求的取值范围.【小问1详解】，.当时，在上单调递增； 当时，令，得，当时，增减增当时，减增综上：当时，在上单调递增；当时，在和递增，在递减；当时，在递增，在递减.【小问2详解】设切点为，则切线方程为，又过点，则，即，.依题意若有两条切线，则方程有两个不同实数根，设，易知在上递增，在上递减， .且时，时.，.