（全国统考版）2021届高考数学二轮复习 验收仿真模拟卷（十四）（文含解析）.doc

1、高考仿真模拟卷(十四)(时间：120 分钟；满分：150 分)第卷一、选择题：本题共 12 小题，每小题 5 分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1已知集合 Ax|y x4，Bx|12x10，则(RA)B()A(4，)B.0，12C.12，4D(1，42若命题“x0R，x20(a1)x010”是真命题，则实数 a 的取值范围是()A1，3 B(1，3)C(，13，)D(，1)(3，)3已知 a，bR，且 ab，则下列式子恒成立的是()Aaln xbln xBaxbxCa2b2Da 12xb 12x4在ABC 中，内角 A，B，C 的对边分别是 a，b，c，外接圆半径为 R，若

2、 bsin Basin A12asin C，且ABC 的面积为 2R2sin B(1cos 2A)，则 cos B()A.14B.13C.12D.345不等式组xy0，xy2，x2y2的解集记为 D，若(a，b)D，则 z2a3b 的最小值是()A4 B1 C1 D46某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积与其外接球的体积之比为()A13 B.3 C13 3 D1 37将函数 ysinx6 的图象上各点的横坐标变为原来的12(纵坐标不变)，再往上平移 1个单位，所得图象对应的函数在区间4，2 上的值域为()A.1 32，2B.12，2C0，2 D.12，18.四色猜想是世界三大数学猜想之一

3、，1976 年美国数学家阿佩尔与哈肯证明了四色定理其内容是：“任意一张平面地图只用四种颜色就能使具有共同边界的国家涂上不同的颜色”用数学语言表示为“将平面任意地细分为不相重叠的区域，每一个区域总可以用 1，2，3，4四个数字之一标记，而不会使相邻的两个区域得到相同的数字”如图，网格纸上小正方形的边长为 1，粗实线围成的各区域(如区域 D 由两个边长为 1 的小正方形构成)上分别标有数字1，2，3，4 的四色地图符合四色定理，区域 A、B、C、D、E、F 标记的数字丢失，若在该四色地图上随机取一点，则恰好取在标记为 4 的区域的概率是()A.115B.415C.315D.11159学生的语文、数

4、学成绩均被评定为三个等级，依次为“优秀”“合格”“不合格”若学生甲的语文、数学成绩都不低于学生乙，且其中至少有一门成绩高于乙，则称“学生甲比学生乙成绩好”如果一组学生中没有哪位学生比另一位学生成绩好，并且不存在语文成绩相同、数学成绩也相同的两位学生，那么这组学生最多有()A2 人B3 人C4 人D5 人10若实数 a，b，c，d 满足(ba23ln a)2(cd2)20，则(ac)2(bd)2 的最小值为()A.2B8 C2 2D211已知点 O 为坐标原点，点 M 在双曲线 C：x2y2(为正常数)上，过点 M 作双曲线 C 的某一条渐近线的垂线，垂足为 N，则|ON|MN|的值为()A.4

5、B.2CD无法确定12已知 f(x)是定义在 R 上的减函数，其导函数 f(x)满足f（x）f（x）x1，则下列结论正确的是()A对于任意 xR，f(x)0C当且仅当 x(，1)时，f(x)0题号123456789101112 答案第卷二、填空题：本题共 4 小题，每小题 5 分13已知向量 a，b，其中|a|3，|b|2，且(ab)a，则向量 a 和 b 的夹角是_14如图，已知圆柱的轴截面 ABB1A1 是正方形，C 是圆柱下底面弧 AB 的中点，C1 是圆柱上底面弧 A1B1的中点，那么异面直线 AC1 与 BC 所成角的正切值为_15已知 mZ，关于 x 的一元二次不等式 x26xm0

6、 的解集中有且仅有 3 个整数，则所有符合条件的 m 的取值集合是_16已知椭圆 C 的方程为x24y231，A、B 为椭圆 C 的左、右顶点，P 为椭圆 C 上不同于A、B 的动点，直线 x4 与直线 PA、PB 分别交于 M、N 两点，若 D(7，0)，则过 D、M、N三点的圆必过 x 轴上不同于点 D 的定点，其坐标为_三、解答题：解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17(本小题满分 12 分)已知等差数列an中，a22，a3a58，数列bn中，b12，其前 n 项和 Sn 满足：bn1Sn2(nN*)(1)求数列an，bn的通项公式；(2)设 cnanbn，求数列cn的前 n 项和

7、Tn.18(本小题满分 12 分)某高校为了了解新生的视力情况，随机地抽查了该校 100 名新生的视力情况，得到频率分布直方图，如图所示已知前 4 组的频数从左到右依次是等比数列an的前四项，后 6 组的频数从左到右依次是等差数列bn的前六项(1)求等比数列an的通项公式；(2)求等差数列bn的通项公式；(3)若规定视力低于 5.0 的学生属于近视学生，试估计该校新生的近视率 p 的大小19(本小题满分 12 分)正方形 ADEF 与梯形 ABCD 所在平面互相垂直，ADCD，ABCD，ABAD12CD2，点 M 是 EC 中点(1)求证：BM平面 ADEF；(2)求三棱锥 M-BDE 的体积

8、20.(本小题满分 12 分)如图，已知 M(x0，y0)是椭圆 C：x26y231 上的任一点，从原点 O 向圆M：(xx0)2(yy0)22 作两条切线，分别交椭圆于点 P，Q.(1)若直线 OP，OQ 的斜率存在，并记为 k1，k2，求证：k1k2 为定值；(2)试问|OP|2|OQ|2 是否为定值？若是，求出该值；若不是，说明理由21(本小题满分 12 分)已知函数 f(x)ln x，g(x)12axb.(1)若 f(x)与 g(x)在 x1 处相切，试求 g(x)的表达式；(2)若(x)m（x1）x1f(x)在1，)上是减函数，求实数 m 的取值范围；(3)证明不等式：2nn1 1l

9、n 2 1ln 3 1ln 41ln（n1）n2112131n(nN*)请考生在 22、23 题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分22(本小题满分 10 分)选修 4-4：坐标系与参数方程极坐标系的极点为直角坐标系 xOy 的原点，极轴为 x 轴的正半轴，两种坐标系中的长度单位相同已知曲线 C 的极坐标方程为 2(cos sin)，斜率为 3的直线 l 交 y 轴于点E(0，1)(1)求 C 的直角坐标方程，l 的参数方程；(2)直线 l 与曲线 C 交于 A、B 两点，求|EA|EB|.23(本小题满分 10 分)选修 4-5：不等式选讲已知函数 f(x)|x6|mx|(mR)(

10、1)当 m3 时，求不等式 f(x)5 的解集；(2)若不等式 f(x)7 对任意实数 x 恒成立，求 m 的取值范围高考仿真模拟卷(十四)1解析：选 B.由题意得，A4，)，B0，12，所以(RA)B0，12.2解析：选 D.因为命题“x0R，x20(a1)x010，即 a22a30，解得 a3，故选 D.3解析：选 D.对于 A，当 0 x1 时，ln x0，此时 aln xbln x，故排除 A；对于 B，当 x0 时，axbx，故排除 B；对于 C，取 a0，b1，则 a2b2，故排除 C；对于 D，因为对任意的 x，12x0，所以 a 12xb 12x 恒成立，故选 D.4解析：选

11、D.因为 bsin Basin A12asin C，所以由正弦定理得，b2a212ac，因为ABC 的面积为 2R2sin B(1cos 2A)a2sin B，所以12acsin Ba2sin B，则 c2a，代入得，b22a2，由余弦定理得，cos Ba2c2b22aca24a22a24a234.5解析：选 A.画出不等式组表示的平面区域，如图中阴影部分所示，当 a2，b0时，z2a3b 取得最小值4.6解析：选 D.由三视图可知，几何体是一个三棱柱，体积 V1122224，外接球的直径的平方 4R222222212，R 3，所以球的体积 V243R34 3，体积比 V1V244 31 3.

12、7解析：选 A.将函数 ysinx6 的图象上各点的横坐标变为原来的12，可得 ysin2x6 的图象，再往上平移 1 个单位，得函数 ysin2x6 1 的图象因为4 x2，所以3 2x6 76，所以 ysin2x6 的最大值为 1，最小值为 32，故函数 ysin2x6 1 的值域为1 32，2.8解析：选 B.因为区域 C 相邻标记 1，2，3 的区域，所以区域 C 标记 4，进而区域 D 相邻标记 2，3，4 的区域，从而推出区域 D 标记 1，区域 A 相邻标记 1，2，4 的区域，所以区域 A 标记 3，区域 E 相邻标记 2，3，4 的区域，从而区域 E 标记 1，区域 F 相邻

13、标记 1，3，4的区域，从而标记 2，区域 B 相邻标记为 1，2，3 的区域，所以标记 4，所以只有 B，C 标记为 4，共占 8 个边长为 1 的正方形，面积为 8，总共的区域面积为 30，所以在该四色地图上随机取一点，则恰好取在标记为 4 的区域的概率是 830 415.故选 B.9解析：选 B.首先要证，没有任意两个同学的数学成绩是相同的假设 A，B 两名同学的数学成绩一样，由题知他们的语文成绩不一样，这样他们的语文成绩总有一个人比另一个人高，相应地由题可知，语文成绩较高的同学比另一个同学“成绩好”，与已知条件“他们之中没有一个比另一个成绩好”相矛盾因此看得出，没有任意两个同学的数学成

14、绩是相同的因为数学成绩等级只有 3 种，因而同学数量最大为 3.之后要验证 3 名同学能否满足条件易证 3名同学的成绩等级分别为(优秀，不合格)、(合格，合格)、(不合格，优秀)时满足条件因此满足条件的最多人数是 3.10解析：选 B.因为实数 a，b，c，d 满足(ba23ln a)2(cd2)20，所以 ba23ln a0，设 by，ax，则有 y3ln xx2，且 cd20，设 cx1，dy1，则有 y1x12，所以(ac)2(bd)2 的最小值就是曲线 y3ln xx2 上的点到直线 yx2 的最小距离的平方值对曲线 y3ln xx2 求导得 y3x2x，易知 y3ln xx2 在0，

15、62 上单调递增，在62，上单调递减，与 yx2 平行的切线的斜率 k13x2x，解得 x1 或 x32(舍去)，把 x1 代入 y3ln xx2，得 y1，即切点为(1，1)，切点到直线 yx2 的距离为|112|22 2，所以(ac)2(bd)2 的最小值为 8.11解析：选 B.因为 M 为双曲线上任一点，所以可取 M 为双曲线的右顶点，由渐近线 yx 知OMN 为等腰直角三角形，此时|OM|，|ON|MN|2，所以|ON|MN|2.12解析：选 B.法一：因为函数 f(x)是定义在 R 上的减函数，所以 f(x)0.因为f（x）f（x）xf(x)，所以 f(x)(x1)f(x)0，构造

16、函数 g(x)(x1)f(x)，则 g(x)f(x)(x1)f(x)0，所以函数 g(x)在 R 上单调递增，又 g(1)(11)f(1)0，所以当 x1 时，g(x)0；当x1 时，g(x)0，所以 f(x)0.因为 f(x)是定义在 R 上的减函数，所以 f(1)0.综上，对于任意 xR，f(x)0.法二：因为函数 f(x)是定义在 R 上的减函数，所以 f(x)1 时，f（x）f（x）1x0，排除 A；又函数 f(x)在 R 上单调递减，所以当 x1 时，f(x)0，排除 C、D.13解析：设 a 与 b 的夹角为，因为(ab)a，所以(ab)a0，即 a2ab0，所以ab3，即|a|b

17、|cos 3，所以 cos 3|a|b|32 3 32，因为 0，所以 56.答案：5614解析：取圆柱下底面弧 AB 的另一中点 D，连接 C1D，AD，因为 C 是圆柱下底面弧 AB 的中点，所以 ADBC，所以直线 AC1 与 AD 所成角等于异面直线 AC1 与 BC 所成角，因为 C1 是圆柱上底面弧 A1B1的中点，所以 C1D圆柱下底面，所以 C1DAD，因为圆柱的轴截面 ABB1A1 是正方形，所以 C1D 2AD，所以直线 AC1 与 AD 所成角的正切值为 2，所以异面直线 AC1 与 BC 所成角的正切值为 2.答案：215解析：设函数 f(x)x26xm，可知其图象开口

18、向上，对称轴是 x3，又 x26xm0的解集中有且仅有 3 个整数，则f（2）0f（1）0，即2262m01261m0，解得 5m8，又 mZ，故 m6，7，8，所以符合条件的 m 的取值集合是6，7，8答案：6，7，816解析：设点 P(x0，y0)、M(4，yM)、N(4，yN)，则直线 PA、PB 所在的直线方程分别为y y0 x02(x2)，y y0 x02(x2)，依题意，可求得 yM 6y0 x02，yN 2y0 x02.因为DM(3，yM)，DN(3，yN)，所以DM DN 9 12y20 x204，又x204y2031，所以 123x204y20，即 12y20 x2049，所

19、以DM DN 0，所以 MN 为过 D、M、N 三点的圆的直径法一：设定点为 E(t，0)，则 MN 为线段 DE 的垂直平分线，又线段 MN 为圆的直径，令圆心为 F(4，a)，可得|EF|FD|，即（4t）2（a0）2（47）2（a0）2，解得 t1 或 7(舍)，所以定点坐标为(1，0)法二：设定点为 E(t，0)，则 MN 为线段 DE 的垂直平分线，所以点 E 与点 D 关于直线 x4 对称，故定点为 E(1，0)答案：(1，0)17解：(1)设an的公差为 d，因为 a22，a3a58，所以 2d23d8，所以 d1，所以 ann.因为 bn1Sn2(nN*)，所以 bnSn12(

20、nN*，n2)得，bn1bnSnSn1bn(nN*，n2)，所以 bn12bn(nN*，n2)因为 b12，b22b1，所以bn为等比数列，b12，q2，所以 bn2n.(2)因为 cnanbn n2n，所以 Tn12 222 323n12n1 n2n，12Tn122 223324n12n n2n1，两式相减，得12Tn12 122 12n n2n112n2n1，所以 Tn2n22n.18解：(1)由题意知 a10.10.11001，a20.30.11003.因为数列an是等比数列，所以公比 qa2a13，所以 ana1qn13n1.(2)由(1)，得 a39，a427，所以 a1a2a313

21、.所以 b1b2b3b6100(a1a2a3)87.因为数列bn是等差数列，设公差为 d，则 b1b2b3b66b115d87，又 b1a427，所以 d5.所以 bn325n.(3)因为规定视力低于 5.0 的学生属于近视学生，所以 pa1a2a3b1b2b3b41000.91(或 p1b5b6100 0.91)故估计该校新生的近视率为 91%.19解：(1)证明：取 ED 的中点 N，连接 MN，AN.又因为点 M 是 EC 中点所以 MNDC，MN12DC.而 ABDC，AB12DC.所以 MN 綊 BA，所以四边形 ABMN 是平行四边形所以 BMAN.而 BM平面 ADEF，AN平面

22、 ADEF，所以 BM平面 ADEF.(2)因为 M 为 EC 的中点，所以 SDEM12SCDE2，因为 ADCD，ADDE，且 DE 与 CD 相交于点 D，所以 AD平面 CDE.因为 ABCD，所以三棱锥 B-DME 的高为 AD2，所以 VMBDEVBDEM13SDEMAD43.20解：(1)证明：因为直线 OP：yk1x 以及 OQ：yk2x 与圆 M 相切，所以|k1x0y0|1k21 2，化简得(x202)k212x0y0k1y2020，同理(x202)k222x0y0k2y2020，所以 k1，k2 是方程(x202)k22x0y0ky2020 的两个不相等的实数根，所以 k

23、1k2y202x202.因为点 M(x0，y0)在椭圆 C 上，所以x206y2031，即 y20312x20，所以 k1k2112x20 x202 12.(2)|OP|2|OQ|2 是定值，定值为 9.理由如下：法一：当直线 OP，OQ 不落在坐标轴上时，设 P(x1，y1)，Q(x2，y2)，联立yk1x，x26y231，解得x21612k21，y21 6k2112k21.所以 x21y216（1k21）12k21，同理，得 x22y226（1k22）12k22，由 k1k212，得|OP|2|OQ|2x21y21x22y226（1k21）12k216（1k22）12k226（1k21）1

24、2k2161 12k1212 12k12 918k2112k21 9.当直线 OP，OQ 落在坐标轴上时，显然有|OP|2|OQ|29，综上：|OP|2|OQ|29.法二：当直线 OP，OQ 不落在坐标轴上时，设 P(x1，y1)，Q(x2，y2)，因为 k1k212，所以 y21y2214x21x22，因为 P(x1，y1)，Q(x2，y2)在椭圆 C 上，所以x216y2131，x226y2231，即y21312x21，y22312x22，所以312x21 312x22 14x21x22，整理得 x21x226，所以 y21y22312x21 312x22 3，所以|OP|2|OQ|29.

25、当直线 OP，OQ 落在坐标轴上时，显然有|OP|2|OQ|29.综上：|OP|2|OQ|29.21解：(1)由已知得 f(x)1x，所以 f(1)112a，a2.又因为 g(1)012ab，所以 b1，所以 g(x)x1.(2)因为(x)m（x1）x1f(x)m（x1）x1ln x 在1，)上是减函数，所以(x)x2（2m2）x1x（x1）20 在1，)上恒成立(等号不恒成立)，即 x2(2m2)x10 在1，)上恒成立，则 2m2x1x，x1，)因为 x1x2，)，所以 2m22，m2.(3)证明：由(1)可得：当 x2 时，ln xx1x2(x1)，所以由 ln x12x(x1)，得2x

26、（x1）1ln x，所以 21x11x 1ln x.当 x2 时，21112 1ln 2，当 x3 时，21213 1ln 3，当 x4 时，21314 1ln 4，当 xn1 时，21n 1n1 1ln（n1），nN*，n2.上述不等式相加得：21 1n1 1ln 2 1ln 3 1ln 41ln（n1），即 2nn11 时，(x)(1)0，即2（x1）x1ln x2（x1）x1，从而得到，1ln x12x1x1.当 x2 时，1ln 21231，当 x3 时，1ln 31242，当 x4 时，1ln 41253，当 xn1 时，1ln（n1）12n2n，nN*，n2.上述不等式相加得：1l

27、n 2 1ln 3 1ln 41ln（n1）12314253n2n12n2122232nn2112131n，即 1ln 2 1ln 3 1ln 41ln（n1）n2112131n.由得，2nn1 1ln 2 1ln 3 1ln 41ln（n1）n2112131n(nN*，n2)经检验当 n1 时，23 1ln 232，所以原不等式对任意 nN*都成立22解：(1)由 2(cos sin)，得 22(cos sin)，即 x2y22x2y，即(x1)2(y1)22.l 的参数方程为x12ty1 32 t(t 为参数，tR)(2)将x12ty1 32 t代入(x1)2(y1)22 得 t2t10，解得 t11 52，t21 52，则|EA|EB|t1|t2|t1t2|5.23解：(1)当 m3 时，f(x)5，即为|x6|3x|5，当 x3 时，得 95，所以 x3.故不等式 f(x)5 的解集为x|x1(2)因为|x6|mx|x6mx|m6|，由题意得|m6|7，则7m67，解得13m1，故 m 的取值范围是13，1