2023年湖北省新高考联考协作体高三9月起点考试 物理答案.pdf

1、湖北省新高考联考协作体*物理答案（共 5 页）第页12023 年湖北省高三 9 月起点考试高三物理答案选择题，10 小题，1-7 题单选，8-10 题多选，每题 4 分，多选题对而不全得 2 分12345678910DACCACBBDCDBCD1【解答】根据电荷数守恒和质量数守恒，推断出Y 原子核中含有的电荷数为 92290，即Y 核的电荷数大于 80，所以Y 核是具有放射性的，故 A 错误；要使裂变反应更激烈一些，则应使控制棒插入浅一些，让它少吸收一些中子，链式反应的速度就会快一些，故 B 错误；衰变过程也是释放能量的，故 C 错误；核裂变反应放出核能，生成物 8936 Kr 会更加稳定，根

2、据原子核的比结合能越大，原子核越稳定，则 23592 U 的比结合能小于 8936 Kr 的比结合能，故 D正确。2【解答】以 B 结点为对象受力分析如图,根据平衡条件有2BCtanmgT，以绳 AB 和结点整体为对象受力分析如图，有1BC2tanmgT，所以12tan2tan，A 对，B、D 都错；由平衡条件有OA12sinmgT，C 错。3【解答】解：设光滑圆弧轨道半径为 R，钢球从最高点滑到圆弧轨道最低点过程中，由动能定理：212mgRmv，钢球从轨道最低点飞出，在空中做平抛运动，根据平抛运动规律：2162hRgt，xvt解得224244(3)36xRhRRhh，当3Rh时，钢球落地点距

3、 O 点最远，此时出口端离地高度为 3h，为丙球。C 正确，故选：C。4【解答】解：如图所示，在半球面上任选一点 P，根据几何关系可知，若此时线状光源 B 点发出的光能够射出 P 点，则线状光源其他点发出的光也一定能够射出 P 点，所以只要 B 点发出的所有光线能够射出球面，则光源发出的所有光 均 能 射 出 球 面，在OPB中，根 据 正 弦 定 理 有 sinsinOBOP，解 得6sinsinR，当90 时，sin 有最大值6sinR，为使光线一定能从 P 点射出，根mgTBCTAB22mgTBCTOA1湖北省新高考联考协作体*物理答案（共 5 页）第页2据全反射应有11sin1.5n，

4、所以9Rcm，C 正确；故选：C。5【解答】解：AB、第一次，灯泡两端的电压有效值为010222UUU故 A 正 确，B 错 误；CD、第 二 次，设 灯 泡 两 端 的 电 压 有 效 值 为2U，则222002(2)22UUUTTTRRR解得：20102UU故 CD 错误；故选：A。6.【解答】由题图乙知，开始计时时刻，即 0 时刻质点 L 向上振动，再结合题图甲，可知该横波沿 x 轴正方向传播，故 A 错误；由该横波沿 x 轴正方向传播，从题图甲可看出，质点 N 该时刻向 y 轴负方向运动，故 C 正确；横波传播时，质点不随波迁移，故 B 错误；该时刻质点 K 与 M 的速度为零，加速度

5、大小相等，但方向相反，故 D 错误故选 C.7.【解答】在 B 点，根据轻绳拉力和重力沿斜面向下的分力提供向心力，得 mgmgsin 30mv2R，从 B 点到 A 点，根据动能定理得 mg2Rsin 3012mv212mv2，在 A 点，根据轻绳拉力和重力沿斜面向下的分力提供向心力得 FTmgsin 30mv2R，解得 FT4mg，故选 B.8.【解答】设卫星在轨道上的加速度大小为 a1，由GMmr2 ma1，可得 a1R23R2a019a0，故 A 错误；设卫星在轨道上的线速度大小为 v1，由 a1v123R，解得 v113a0R 3a0R3，故 B 正确；由开普勒第三定律有T22T123

6、R32R3，解得T2T13 64，故 C 错误；设卫星在椭圆轨道远地点的线速度大小为 v，则 v0Rv3R，解得 v13v0，卫星从轨道变轨到轨道，发动机需要做的功为 W12mv1212mv2ma0R6mv0218，故 D 正确故选 BD.9【解答】由图知，03s 内，甲的平均速度大小为 3m/s，乙的平均速度大小为 2m/s，A 错；甲的加速度始终为 2m/s2，B 错；05s 内，乙质点的图像面积为 10，位移为 10m，C 对；甲质点先向负方向后向正方方向运动，总位移为-5m，乙质点为 10m，所以相距 15m，D 对。10.【解答】导体棒获得最大速度时，导体棒受力平衡，有 mgF 安B

7、Id，解得 I1 A，又由 EBdvm，I E2R，解得 vm10 m/s，故 A 错误，B 正确；在下落 0.29 m 的过程中有 E 湖北省新高考联考协作体*物理答案（共 5 页）第页3t，I E2R，q I t，可知 q2R，其中SB0.20.290.5 Wb0.029 Wb，解得q2.9102 C，故 C 正确；由动量定理有(mgB I d)tmv，通过导体棒的电荷量为 q I tBdh2R，可得 vgtB2hd22Rm，代入数据解得 v2.21 m/s，故 D 正确故选 BCD.11.答案：(1)阻力与重力之比更小(或其他合理解释)1 分(2)0.547(0.5420.550 均正确

8、)2 分0.576(0.5700.590 均正确)2 分C2 分解析(1)对体积和形状相同的重物，密度越大，重物下落过程中所受的阻力与重力的比值越小，阻力对实验结果的影响越小。(2)由题图 2 可知 O 点与 C 点之间的距离为 27.90 cm，则从 O 点到 C 点，重物重力势能变化量的绝对值|Ep|mghOC0.29.80.279 J0.547 J；由题图 2 可知 B 点和 D 点之间的距离xBD(32.9523.35)cm9.60 cm，匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度，由题意可知打 C 点的时刻是打 B、D 两点这段时间的中间时刻，所以打 C 点时重物的速度

9、vCxBD2T 9.6010220.02m/s2.40 m/s，重物在 C 点时的动能 Ek12 mv2C 12 0.22.402 J0.576 J。由以上的计算结果可知，重力势能的减少量小于 C 点的动能，出现这一结果的原因可能是接通电源时重物已经具有了一定的速度，即接通电源前释放了纸带，C 正确。12.答案(1)R2(2)3.02.1(3)Rx(IdIcIbIa)(rAR2)相等每空 2 分解析(1)电源电动势为 3 V，电流表 A2 与 R1 串联,可改装为量程为UIg(rAR1)300106(1 0001 000)V0.6 V 的电压表，改装后的电压表量程太小，同理应用定值电阻 R2

10、改装后电压表量程为 3 V，故选 R2；(2)由题图可知 I10 时，电流表 A2 的读数对应的电压值即为电源的电动势，则 E3.0 V，内阻 r|UI|3.01.800.582.1；(3)由题意可知：IaRIb(rAR2)，Ic(RRx)Id(rAR2)，联立解得 Rx(IdIcIbIa)(rAR2)；由以上分析可知，若考虑电流表 A1 内阻的影响，则表达式列成：Ia(RrA1)Ib(rAR2)，Ic(rA1RRx)Id(rAR2)，最后求得的 Rx 表达式不变，则用该方法测得的阻值与其真实值相比相等13.【答案】解：(1)对气体初状态压强为 75，体积为：20，1 分末状态体积为 251

11、分湖北省新高考联考协作体*物理答案（共 5 页）第页4根据理想气体状态方程得出：75 20=2 252 分得出：2=601 分(2)活塞被缓慢的左拉的过程中，气体做等温变化，初状态：1=75+25=100，体积：1=102 分末态：2=2+25 5=80，体积2=22 分根据玻意耳定律得出：11=222 分解得：2=12.51 分14.【解析】(1)设滑块第一次滑至 C 点时的速度为 vC,圆轨道 C 点对滑块的支持力为 FN由 P 到 C 的过程:12mgR=12mvC21滑块在 C 点有:FN-mg=mvC2R 1解得 FN=2mg1由牛顿第三定律得:滑块对轨道 C 点的压力大小 FN=2

12、mg,方向竖直向下。1(2)对 P 到 C 再到 Q 的过程,根据动能定理有:mgR(1-cos 60)-2mgR=02解得=0.25。1(3)滑块刚好能通过圆轨道的最高点 A,根据牛顿第二定律得 mg=mvA2R,1Q 到 C 再到 A 的过程:Ep=12mvA2+2mgR+2mgR2解得弹性势能 Ep=3mgR。1(4)滑块不脱离轨道,有两种情况,一种是(3)中的情况,弹性势能大于等于 3mgR;1另 一 种 是 滑 块 向 右 运 动 到 最 高 点 高 度 为 R,此 时 根 据 能 量 守 恒 定 律有:Ep=mgR+2mgR=1.5mgR1所以,弹簧的弹性势能应大于等于 3mgR

13、或小于等于 1.5mgR。115、答案(1)4v0E0t0(2)2v0t0，0(3)42v0t0解析(1)0t0 时间内粒子 P 在匀强磁场中做匀速圆周运动，当粒子所在位置的纵、横坐标相等时，粒子在磁场中恰好经过14圆周，所以粒子 P 第一次离 x 轴的最远距离等于轨道半径R，即 R2v0t0 2又 qv0B0mv02R 2代入E0B08v02 解得qm 4v0E0t02(2)设粒子 P 在磁场中运动的周期为 T，则 T2Rv0，1则可得 T4t01湖北省新高考联考协作体*物理答案（共 5 页）第页5即粒子 P 做14圆周运动后磁场变为电场，粒子以速度 v0 垂直电场方向进入电场后做类平抛运动

14、，设 t02t0 时间内水平位移和竖直位移分别为 x1、y1，则 x1v0t01y112at021其中加速度 aqE0m 1解得 y12v0t0 R1因此 t2t0 时刻粒子 P 的位置坐标为(2v0t0，0)，1如图中的 b 点所示(3)分析知，粒子 P 在 2t03t0 时间内，静电力产生的加速度方向沿 y 轴正方向，由对称关系知，在 3t0 时刻速度方向为 x 轴正方向，位移x2x1v0t01在 3t05t0时间内粒子 P 沿逆时针方向做半径为 R 的匀速圆周运动，往复运动轨迹如图所示，由图可知，带电粒子在运动中距原点 O 的最远距离 L 即 O、d 间的距离 L2R2x11解得 L42v0t0 2