2021-2022学年高中人教A版数学选修2-1课后巩固提升：模块复习课 第3课时　圆锥曲线中的最值、范围、定点、定值问题 WORD版含解析.docx

1、模块复习课第3课时圆锥曲线中的最值、范围、定点、定值问题课后篇巩固提升1.已知椭圆C的短轴长为2,左、右焦点为F1、F2.椭圆C上一点与两焦点构成的三角形的周长为2+4.(1)求椭圆C的标准方程;(2)设P为椭圆C上一动点,求的取值范围.解(1)由题意可得解得a=,b=1,c=2,故椭圆的方程为+y2=1.(2)设P(cos ,sin ),F1(-2,0),F2(2,0),则=(-2-cos ,-sin ),=(2-cos ,-sin ),=5cos2-4+sin2=-3+4cos2.0cos21,-3-3+4cos21,故的取值范围为-3,1.2.已知椭圆C:=1(ab0)的离心率为,焦点分

2、别为F1,F2,点P是椭圆C上的点,PF1F2面积的最大值是2.(1)求椭圆C的方程;(2)设直线l与椭圆C交于M,N两点,点D是椭圆C上的点,O是坐标原点,若,判定四边形OMDN的面积是否为定值?若为定值,求出定值;如果不是,请说明理由.解(1)由解得a=2,b=c=,得椭圆C的方程为=1.(2)当直线l的斜率不存在时,直线MN的方程为x=-1或x=1,此时四边形OMDN的面积为.当直线l的斜率存在时,设直线l方程是y=kx+m,联立椭圆方程(1+2k2)x2+4kmx+2m2-4=0,=8(4k2+2-m2)0,x1+x2=,x1x2=,y1+y2=k(x1+x2)+2m=,|MN|=,点

3、O到直线MN的距离是d=,由,得xD=,yD=,因为点D在曲线C上,所以有=1,整理得1+2k2=2m2.由题意四边形OMDN为平行四边形,所以四边形OMDN的面积为S四边形OMDN=|MN|d=,由1+2k2=2m2得S四边形OMDN=,故四边形OMDN的面积是定值,其定值为.3.抛物线y2=2px(p0)与直线y=x+1相切,A(x1,y1),B(x2,y2)(x1x2)是抛物线上两个动点,F为抛物线的焦点,且|AF|+|BF|=8.(1)求p的值.(2)线段AB的垂直平分线l与x轴的交点是否为定点?若是,求出交点坐标;若不是,说明理由.(3)求直线l的斜率的取值范围.解(1)因为抛物线y

4、2=2px(p0)与直线y=x+1相切,所以由得y2-2py+2p=0(p0)有两个相等实根,所以=4p2-8p=4p(p-2)=0,解得p=2.(2)抛物线y2=4x的准线x=1.且|AF|+|BF|=8,所以由定义得x1+x2+2=8,则x1+x2=6.设直线AB的垂直平分线l与x轴的交点C(m,0).由C在AB的垂直平分线上,从而|AC|=|BC|,即(x1-m)2+=(x2-m)2+,所以(x1-m)2-(x2-m)2=,即(x1+x2-2m)(x1-x2)=4x2-4x1=-4(x1-x2).因为x1x2,所以x1+x2-2m=-4.又因为x1+x2=6,所以m=5.所以点C的坐标为

5、(5,0).即直线AB的垂直平分线l与x轴的交点为定点(5,0).(3)设直线l的斜率为k1,由(2)可设直线l方程为y=k1(x-5).设AB的中点M(x0,y0),由x0=3,可得M(3,y0).因为直线l过点M(3,y0),所以y0=-2k1.又因为点M(3,y0)在抛物线y2=4x的内部,所以12.即412,则b0)的左右顶点,F为其右焦点,2是|AF|与|FB|的等差中项,是|AF|与|FB|的等比中项.点P是椭圆C上异于A,B的任一动点,过点A作直线lx轴.以线段AF为直径的圆交直线AP于点A,M,连接FM交直线l于点Q.(1)求椭圆C的方程;(2)试问在x轴上是否存在一个定点N,

6、使得直线PQ必过该定点N?若存在,求出点N的坐标,若不存在,说明理由.解(1)由题意得|AF|=a+c,|FB|=a-c,即解得a=2,c=1,b2=4-1=3.所求椭圆的方程为=1.(2)假设在x轴上存在一个定点N(n,0),使得直线PD必过定点N(n,0).设动点P(x0,y0),由于P点异于A,B,故y00,x02,由点P在椭圆上,故有=1,.又由(1)知A(-2,0),F(1,0),直线AP的斜率kAP=.又点M是以线段AF为直径的圆与直线AP的交点,APFM.kAPkMF=-1kMF=-=-.直线FM的方程y=-(x-1).联立FM,l的方程得交点Q.P,Q两点连线的斜率kPQ=,将式代入式,并整理得kPQ=,又P,N两点连线的斜率kPN=.若直线QP必过定点N(n,0),则必有kPQ=kPN恒成立,即,整理得4=-3(x0+2)(x0-n),将式代入式,得4=-3(x0+2)(x0-n),解得n=2,故直线PQ过定点(2,0).