2020版高考物理新优选大一轮人教通用版单元质检五 机械能 WORD版含解析.docx

1、单元质检五机械能(时间:45分钟满分:100分)单元质检卷第10页一、选择题(本题共8小题,每小题6分,共48分。在每小题给出的四个选项中,第15题只有一项符合题目要求,第68题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)1.右图是一种清洗车辆用的手持喷水枪。设枪口截面积为0.6 cm2,喷出水的速度为20 m/s(水的密度为1103 kg/m3)。当它工作时,估计水枪的功率约为()A.250 WB.300 WC.350 WD.400 W答案A解析每秒喷出水的动能为Ek=12mv2=12Svtv2,代入数据得Ek=240 J,故选项A正确。2.(2018浙江温州期

2、末)一张桌子始终静止在水平地面上,一根木棒沿着水平桌面从A运动到B,发生的位移为x,如图所示。若棒与桌面间的摩擦力大小为Ff,则棒对桌面的摩擦力和桌面对棒的摩擦力做的功各为()A.-Ffx,-FfxB.Ffx,-FfxC.-Ffx,0D.0,-Ffx答案D解析棒对桌面的摩擦力和桌面对棒的摩擦力为作用力和反作用力,大小相等、方向相反,从A运动到B的过程中,棒受到的摩擦力为Ff,位移为x,摩擦力做的是负功,所以桌面对棒的摩擦力做的功为-Ffx,桌面受到的摩擦力的大小也为Ff,但桌面没动,位移是0,所以棒对桌面的摩擦力做的功为0,由以上分析可知D项正确。3.(2018广东揭阳七校联考)甲、乙两车同时

3、同地同向运动,两车的v-t图像如图所示。其中质量m=7.5 t的甲车以恒定功率P=50 kW启动,最后匀速运动。乙车做初速为0的匀加速运动,则乙车追上甲车的时间是()A.40 sB.20 sC.60 sD.30 s答案D解析设乙车追上甲车的时间为t,对乙车有x=12at2=1212t2对甲车,当甲车速度最大时,牵引力等于阻力,则有F=Ff=Pvm=5010310 N=5103 N由题图可知,当乙车追上甲车时,甲车已经达到最大速度,并且以最大速度做匀速直线运动,对甲车根据动能定理有Pt-Ffx=12mvm2联立式可得t=30 s,故选项D正确。4.长l的轻杆两端分别固定有质量为m的小铁球,杆的三

4、等分点O处有光滑的水平转动轴。用手将该装置固定在杆恰好水平的位置,然后由静止释放,当杆到达竖直位置时,轴对杆的作用力F的大小和方向为()A.2.4mg竖直向上B.2.4mg竖直向下C.6mg竖直向上D.4mg竖直向上答案A解析对于整个系统而言,机械能守恒,有mgl23-13=12m23l2+12m13l2,当杆运动到竖直位置时,顶端的小球向心力为F1+mg=m13l2,底端的小球向心力为F2-mg=m23l2,解以上三式得轴对轻杆的作用力F的大小F2-F1=2.4mg,方向竖直向上,选项A正确。5.右图是质量为1 kg的滑块在水平面上做直线运动的v-t图像。下列判断正确的是()A.在t=1 s

5、时,滑块的加速度为零B.在46 s时间内,滑块的平均速度为2.5 m/sC.在37 s时间内,合力做功的平均功率为2 WD.在56 s时间内,滑块受到的合力为2 N答案C解析由题图可知,t=1 s时,滑块的加速度大小为2 m/s2,选项A错误;46 s时间内,滑块的位移x=41+421 m=6 m,所以平均速度为v=xt=3 m/s,选项B错误;37 s时间内,合力做功W=-12mv2=-12142 J=-8 J,所以合力做功的平均功率P=Wt=84 W=2 W,选项C正确;56 s时间内F=ma=4 N,选项D错误。6.如图所示,倾斜传送带沿逆时针方向匀速转动,在传送带的A端无初速度放置一物

6、块。选择B端所在的水平面为参考平面,物块从A端运动到B端的过程中,其机械能E与位移x的关系图像可能正确的是()答案BD解析选择B端所在的水平面为参考平面,可知初始状态下物块的机械能不为0,A错误。由于物块初速度为0,在物块速度达到与传送带速度相等之前,物块相对传送带向上运动,受到向下的摩擦力,除重力外只有此摩擦力对物块做正功,其机械能增大。若传送带不是足够长时,物块速度与传送带达到共速前已到B端,则对应于图像B,否则达到共速后物块所受摩擦力方向突变为向上,摩擦力开始对物块做负功,物块的机械能开始减少,故C错误,D正确。7.如图甲所示,在竖直平面内固定一光滑的半圆形轨道ABC,小球以一定的初速度

7、从最低点A冲上轨道,图乙是小球在半圆形轨道上从A运动到C的过程中,其速度的二次方与其对应高度的关系图像。已知小球在最高点C受到轨道的作用力为1.25 N,空气阻力不计,g取10 m/s2,B点为AC轨道的中点,下列说法正确的是()A.小球质量为0.5 kgB.小球在B点受到轨道作用力为4.25 NC.图乙中x=25 m2/s2D.小球在A点时重力的功率为5 W答案BC解析由题图乙可知,小球在C点的速度大小为v=3 m/s,轨道半径R=0.4 m,因小球所受重力与弹力的合力提供向心力,所以小球在C点有mg+F=mv2R,代入数据得m=0.1 kg,选项A错误;由机械能守恒可知,小球在B点的速度1

8、2mv2+mgR=12mvB2,解得vB2=17 m2/s2,因在B点是弹力提供向心力,所以有FB=mvB2R,解得F=4.25 N,选项B正确;再由机械能守恒定律可得,12mv2+2mgR=12mv02,解得小球在A点的速度v0=5 m/s,所以题图乙中x=25 m2/s2,选项C正确;因小球在A点时重力与速度方向垂直,所以重力的功率为0,选项D错误。8.如图所示,一个表面光滑的斜面体置于水平地面上,它的两个斜面与水平面的夹角分别为、,且v3,故小物块从半圆轨道最高点做平抛运动,h+2R=12gt2,x=v2t联立解得x=4.9 m,故小物块距车左端x=x-l=3.4 m。12.(16分)如

9、图所示,质量为3 kg的小球A和质量为5 kg的小球B通过一压缩弹簧锁定在一起,静止于光滑平台上,解除锁定,两小球在弹力作用下分离,A球分离后向左运动恰好通过半径R=0.5 m的光滑半圆轨道的最高点,B球分离后从平台上以速度vB=3 m/s水平抛出,恰好落在临近平台的一倾角为的光滑斜面顶端,并刚好沿光滑斜面下滑,已知斜面顶端与平台的高度差h=0.8 m,g取10 m/s2,求:(1)A、B两球刚分离时A的速度大小;(2)弹簧锁定时的弹性势能;(3)斜面的倾角。答案(1)5 m/s(2)60 J(3)53解析(1)小球A恰好通过半径R=0.5 m的光滑半圆轨道的最高点,设在最高点速度为v0,在最高点有mAg=mAv02R,物体沿光滑半圆轨道上滑到最高点的过程中机械能守恒,mAg2R+12mAv02=12mAvA2,联立解得vA=5 m/s。(2)根据机械能守恒定律,弹簧锁定时的弹性势能Ep=12mAvA2+12mBvB2=60 J。(3)B球分离后做平抛运动,根据平抛运动规律有h=12gt2,解得t=0.4 s,vy=gt=4 m/s,小球刚好沿斜面下滑,tan =vyvB=43,解得=53。